zrq495 - 博客园

2012年8月4日

摘要：题意：给出三个点，求抛物线和直线所围成的面积。设抛物线的方程为y=a(x-h)^2+k, 直线方程为y=dx+e; 所以h和k分别是顶点的横纵坐标，即h=x1，k=y1.把（x2，y2）或（x3，y3）代入抛物线方程求出 a，代入直线方程求出d和e 。（见代码）然后分别对它们积分，求出面积，相减即可。代码如下： 1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 4 using namespace std; 5 6 int main() 7 { 8 int T; 9 double s1, s2;10 double a, h, k, e.. 阅读全文

posted @ 2012-08-04 21:11 zrq495 阅读(160) 评论(0) 推荐(0) 编辑

2012年8月3日

HDU 1272 小希的迷宫

摘要：并查集。781MS，水过。。。代码： 1 #include<iostream> 2 #include<cstring> 3 4 using namespace std; 5 6 int set[100002], mark[100002]; 7 int flag; 8 9 int find(int a) // 查找a的根结点10 {11 int x=a;12 while(set[x] != x)13 x=set[x];14 return x;15 }16 17 void merge(int a, int b) //合并a和b都的根结点18 {19... 阅读全文

posted @ 2012-08-03 15:32 zrq495 阅读(116) 评论(0) 推荐(0) 编辑

HDU 1232 畅通工程

摘要：并查集算法。 1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 4 using namespace std; 5 6 int cnt; //统计最少要添加的道路 7 int set[1001]; 8 9 int find(int a) //查找a的根结点10 {11 int x=a;12 while(set[x] != x)13 x=set[x];14 return x;15 }16 17 void merge(int a, int b) //合并a和b的根结点18 {19 int x... 阅读全文

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2012年8月2日

HDU 2094 产生冠军

摘要：判断顶点入度是否唯一即可。如果入度为0的节点只有一个，输出Yes，否则输出No。代码： 1 #include<iostream> 2 #include<cstring> 3 4 using namespace std; 5 6 int len; 7 int map[1001][1001]; 8 char name[1001][100]; 9 10 int func(char str[])11 {12 int i;13 for (i=0; i<len; i++)14 {15 if (strcmp(name[i], str)==0)16 ... 阅读全文

posted @ 2012-08-02 18:41 zrq495 阅读(157) 评论(0) 推荐(0) 编辑

HDU 1285 确定比赛名次

摘要：拓扑排序。 (1)从有向图中选择一个没有前驱(即入度为0)的顶点并且输出它. (2)从网中删去该顶点,并且删去从该顶点发出的全部有向边. (3)重复上述两步,直到剩余的网中不再存在没有前趋的顶点为止.代码如下： 1 #include<iostream> 2 #include<cstring> 3 4 using namespace std; 5 6 int main() 7 { 8 int i, j, k, n, m, a, b; 9 int dgr[501], map[501][501]; //dgr[]存放节点的入度10 while(ci... 阅读全文

posted @ 2012-08-02 18:23 zrq495 阅读(455) 评论(0) 推荐(0) 编辑

2012年8月1日

HDU 1181 变形课

摘要： map[i][j]=1 表示第i 个顶点指向第j个顶点；如果map[1][i]=1, map[i][j]=1, 则map[1][j]=1。代码如下；#include<iostream>#include<cstring>using namespace std;int map[100][100];int main(){ int i, j; char str[1000]; while(cin >> str) { while (strcmp(str, "0")) { int len=strlen(str); ... 阅读全文

posted @ 2012-08-01 21:08 zrq495 阅读(174) 评论(0) 推荐(0) 编辑

HDU 1241 Oil Deposits

摘要： DFS代码如下： 1 #include<iostream> 2 3 using namespace std; 4 5 int m, n; 6 char map[102][102]; 7 int dir[8][2]={{-1,-1},{-1,0},{-1,1},{0,-1},{0,1},{1,-1},{1,0},{1,1}}; //标记8个方向 8 9 void dfs(int x, int y)10 {11 int i, xx, yy;12 for (i=0; i<8; i++) //扫描8个方向13 {14 ... 阅读全文

posted @ 2012-08-01 11:05 zrq495 阅读(227) 评论(0) 推荐(0) 编辑

2012年7月31日

UVa 550 - Multiplying by Rotation

摘要：题意：给出一个进制，一个数的最低位，和另外的一个数，比如10进制，第一个数字的最低位是7，第二个数字是4，和规则（XXXXX7 * 4 = 7XXXXX，例子: 179487 * 4 = 717948）求出第一个数字的最小长度。看起来很难，其实动笔写写就明白了。输入k，m，n，原来的数字为s，因为s的最后一位为m，则s*n的最后一位为s*n%k，而s*n%k又是s的倒数第二位，这样又可以计算出ans*n的倒数第二位；以此类推，直到乘积+原来的进位==最低位。代码如下： 1 #include<iostream> 2 3 using namespace std; 4 5 int mai 阅读全文

posted @ 2012-07-31 20:06 zrq495 阅读(527) 评论(0) 推荐(0) 编辑

UVa 10110 - Light, more light

摘要：设n=a*b，则a趟去的时候打开灯，b趟去的时候关上，相互抵消，当且仅当a=b时，第n个灯只开不关，即n为完全平方数。代码如下： 1 #include<iostream> 2 #include<cmath> 3 4 using namespace std; 5 6 int main() 7 { 8 long long n, m; 9 while(cin >> n, n)10 {11 m=sqrt(n);12 if (m*m == n) cout << "yes" << endl;13 else cout <& 阅读全文

posted @ 2012-07-31 17:36 zrq495 阅读(221) 评论(0) 推荐(0) 编辑

UVa 575 - Skew Binary

摘要：看懂上图就出题了，注意给出的数字很长，可以用字符数组存放。代码如下: 1 #include<iostream> 2 #include<cmath> 3 #include<cstring> 4 5 using namespace std; 6 7 int main() 8 { 9 int n, s;10 int i;11 char str[40];12 while(cin >> str, strcmp(str, "0"))13 {14 s=0;15 n=strlen(str);16 for (i=0; ... 阅读全文

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HDU 2098 分拆素数和

摘要： 1 #include<iostream> 2 #include<cmath> 3 4 using namespace std; 5 6 int prime(int n) 7 { 8 int i; 9 for (i=2; i<sqrt(n)+1; i++)10 {11 if (n%i == 0) return 0;12 }13 return 1;14 }15 16 int main()17 {18 int n, i;19 int cnt;20 while(cin >> n, n)21 {22 ... 阅读全文

posted @ 2012-07-31 14:54 zrq495 阅读(148) 评论(0) 推荐(0) 编辑

HDU 1905 Pseudoprime numbers

摘要：题意：给一个 p 和一个 a，如果这个p 本身就是一个素数，就输出 no，如果不是素数，那么计算( a ^ p) % p 如果结果等于 a 那么输出 yes 否则输出 no。快速幂取模就是在O(logn)内求出a^n mod b的值。算法的原理是(a*b) mod c=(a mod c)*(b mod c)mod c。代码如下： 1 #include<iostream> 2 #include<cmath> 3 4 using namespace std; 5 6 int prime(long long n) 7 { 8 int i; 9 for (i=2; i< 阅读全文

posted @ 2012-07-31 14:51 zrq495 阅读(148) 评论(0) 推荐(0) 编辑

HDU 1465 不容易系列之一

摘要：错排：当n个编号元素放在n个编号位置, 元素编号与位置编号各不对应的方法数用M(n)表示, 那么M(n-1)就表示n-1个编号元素放在n-1个编号位置, 各不对应的方法数, 其它类推. 第一步, 把第n个元素放在一个位置, 比如位置k,一共有n-1种方法; 第二步,放编号为k的元素,这时有两种情况. 1,把它放到位置n,那么,对于剩下的n-2个元素,就有M(n-2)种方法; 2,不把它放到位置n,这时,对于这n-2个元素,有M(n-1)种方法; 综上得到 M(n)=(n-1)[M(n-2)+M(n-1)] 特殊地，M(1)=0,M(2)=1最小的几个错排数是：D... 阅读全文

posted @ 2012-07-31 14:23 zrq495 阅读(159) 评论(0) 推荐(0) 编辑

HDU 2503 a/b + c/d

摘要： 1 #include<iostream> 2 3 using namespace std; 4 5 int gcd(int a, int b) 6 { 7 return b?gcd(b, a%b):a; 8 } 9 10 int main()11 {12 int a, b, c, d, m, k;13 int n;14 cin >> n;15 while(n--)16 {17 cin >> a >> b >> c >> d;18 int t=gcd(b,d);19 m=a*d/t+b*c/t;... 阅读全文

posted @ 2012-07-31 14:19 zrq495 阅读(111) 评论(0) 推荐(0) 编辑

HDU 1713 相遇周期

摘要：求a/b与c/b的最小公倍数。要求最小公倍数，那么结果肯定是分子尽量小，即求a , c 的最小公倍数，分母尽量大，即求 b , d 的最大公约数。、求最大公约数：int gcd(int a, int b){ return b?gcd(b, a%b):a;}代码： 1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 4 using namespace std; 5 6 int gcd(int a, int b) 7 { 8 return b?gcd(b, a%b):a; 9 }10 11 int lcm(int a, int b)12 阅读全文

posted @ 2012-07-31 14:13 zrq495 阅读(282) 评论(0) 推荐(0) 编辑