2184. 餐巾计划问题
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2184. 餐巾计划问题
一个餐厅在相继的 \(N\) 天里，每天需用的餐巾数不尽相同。
假设第 \(i\) 天需要 \(r_i\) 块餐巾 \((i=1,2,…,N)\)。
餐厅可以购买新的餐巾，每块餐巾的费用为 \(p\) 分；或者把旧餐巾送到快洗部，洗一块需 \(m\) 天，其费用为 \(f\) 分；或者送到慢洗部，洗一块需 \(n\) 天，其费用为 \(s\) 分。
餐厅每天使用的餐巾必须是今天刚购买的，或者是今天刚洗好的，且必须恰好提供 \(r\_i\) 块毛巾，不能多也不能少。
每天结束时，餐厅必须决定将多少块脏的餐巾送到快洗部，多少块餐巾送到慢洗部，以及多少块保存起来延期送洗。
但是每天洗好的餐巾和购买的新餐巾数之和，要满足当天的需求量。
试设计一个算法为餐厅合理地安排好 \(N\) 天中餐巾使用计划，使总的花费最小。
输入格式
第 \(1\) 行有 \(6\) 个正整数 \(N,p,m,f,n,s\)。\(N\) 是要安排餐巾使用计划的天数；\(p\) 是每块新餐巾的费用；\(m\) 是快洗部洗一块餐巾需用天数；\(f\) 是快洗部洗一块餐巾需要的费用；\(n\) 是慢洗部洗一块餐巾需用天数；\(s\) 是慢洗部洗一块餐巾需要的费用。
接下来的 \(N\) 行是餐厅在相继的 \(N\) 天里，每天需用的餐巾数。
输出格式
输出餐厅在相继的 \(N\) 天里使用餐巾的最小总花费。
数据范围
\(1 \le N \le 800\),
\(1 \le s < f < p \le 50\),
\(1 \le m \le n \le 20\),
每天需用的餐巾数不超过 \(1000\)。
输入样例：
3 10 2 3 3 2
5
6
7
输出样例：
145
解题思路
费用流，拆点
建图：本题拆点比较特殊，由于某天有新旧餐巾的区分，且统计当天新餐巾数量时不能算上上次的旧餐巾数量，故可以将当天餐巾拆分为旧餐巾和新餐巾两部分，旧餐巾的来源只有一种，即当天的新餐巾，其去向有三种：流向下一天，通过慢洗店流向某一天，通过快洗店流向某一天。对于新餐巾，其来源有三种：买的新餐巾，通过前面的慢洗店流来的，通过前面的快洗店流来的。其流出即变成旧餐巾。即可以据此建立流网络，建立源点 \(s\) 和汇点 \(t\)，\(s\) 向所有的旧餐巾连边，容量为当天的需求量，费用为 \(0\)，向所有的新餐巾连边，容量足够大，费用为餐巾的单价，旧餐巾向下一天的旧餐巾连边，容量足够大，费用为 \(0\)，同时相对应的天的新餐巾连边，容量足够大，费用为对应的单价，新餐巾向 \(t\) 连边，容量为当天需求量，费用为 \(0\)，由于 \(s\) 到所有新餐巾表示的点容量可以足够大，故所有新餐巾表示的点到 \(t\) 的流量都满流，故最小费用最大流即为所求
- 时间复杂度：\(O(knf)\)
代码
// Problem: 餐巾计划问题
// Contest: AcWing
// URL: https://www.acwing.com/problem/content/2186/
// Memory Limit: 64 MB
// Time Limit: 1000 ms
//
// Powered by CP Editor (https://cpeditor.org)
// %%%Skyqwq
#include <bits/stdc++.h>
//#define int long long
#define help {cin.tie(NULL); cout.tie(NULL);}
#define pb push_back
#define fi first
#define se second
#define mkp make_pair
using namespace std;
typedef long long LL;
typedef pair<int, int> PII;
typedef pair<LL, LL> PLL;
template <typename T> bool chkMax(T &x, T y) { return (y > x) ? x = y, 1 : 0; }
template <typename T> bool chkMin(T &x, T y) { return (y < x) ? x = y, 1 : 0; }
template <typename T> void inline read(T &x) {
int f = 1; x = 0; char s = getchar();
while (s < '0' || s > '9') { if (s == '-') f = -1; s = getchar(); }
while (s <= '9' && s >= '0') x = x * 10 + (s ^ 48), s = getchar();
x *= f;
}
const int N=1605,M=10005,inf=1e9;
int n,p,d1,f1,d2,f2,S,T;
int h[N],f[M],w[M],ne[M],e[M],idx;
int d[N],incf[N],q[N],pre[N];
bool st[N];
void add(int a,int b,int c,int d)
{
e[idx]=b,f[idx]=c,w[idx]=d,ne[idx]=h[a],h[a]=idx++;
e[idx]=a,f[idx]=0,w[idx]=-d,ne[idx]=h[b],h[b]=idx++;
}
bool spfa()
{
memset(d,0x3f,sizeof d);
memset(incf,0,sizeof incf);
d[S]=0,q[0]=S,incf[S]=inf;
int hh=0,tt=1;
while(hh!=tt)
{
int x=q[hh++];
if(hh==N)hh=0;
st[x]=false;
for(int i=h[x];~i;i=ne[i])
{
int y=e[i];
if(d[y]>d[x]+w[i]&&f[i])
{
d[y]=d[x]+w[i];
pre[y]=i;
incf[y]=min(incf[x],f[i]);
if(!st[y])
{
q[tt++]=y;
if(tt==N)tt=0;
st[y]=true;
}
}
}
}
return incf[T]>0;
}
int EK()
{
int cost=0;
while(spfa())
{
int t=incf[T];
cost+=t*d[T];
for(int i=T;i!=S;i=e[pre[i]^1])
f[pre[i]]-=t,f[pre[i]^1]+=t;
}
return cost;
}
int main()
{
memset(h,-1,sizeof h);
scanf("%d%d%d%d%d%d",&n,&p,&d1,&f1,&d2,&f2);
S=0,T=2*n+1;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
add(S,i,inf,p);
if(i+d1<=n)add(i+n,i+d1,inf,f1);
if(i+d2<=n)add(i+n,i+d2,inf,f2);
if(i+1<=n)add(i+n,i+1+n,inf,0);
int c;
scanf("%d",&c);
add(S,i+n,c,0);
add(i,T,c,0);
}
printf("%d",EK());
return 0;
}
