1296. 聪明的燕姿

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1296. 聪明的燕姿

求所有数字的所有正约数之和等于 $S$ 的数。

输入格式

输入包含 $k$ 组数据。

对于每组数据，输入 $S$。

输出格式

对于每组数据，输出有两行。

第一行包含一个整数 $m$，表示有 m 个数。

第二行包含相应的 $m$ 个数。

注意：你输出的数必须按照升序排列。

数据范围

$1≤k≤100,$
$1≤S≤2×10^9$

输入样例：

42

输出样例：

3
20 26 41

解题思路

筛质数，dfs

一个数 $x=p_1^{c_1}\times p_2^{c_2}\times \dots \times p_n^{c_n}$，其正约数之和为 $(1+p_1+p_1^2+\dots+p_1^{c_1})\times (1+p_2+p_2^2+\dots+p_2^{c_2})\times \dots \times (1+p_n+p_n^2+\dots+p_n^{c_n})$

即需要找出满足这样形式的正约数之和为 $s$ 的数有多少个，不妨考虑dfs$p_n$ 和 $c_n$，这样的复杂度太高，需要剪枝：首先 $c_n<s$，特判掉当前 $1+p_n=s$ 的情况，即 $s-1$ 为质数且比前一个质数要大，防止重复，这样后面必须满足 $p_n\times p_n\leq s$

• 时间复杂度：$O(k\sqrt{s}logs)$

代码

// Problem: 聪明的燕姿
// Contest: AcWing
// URL: https://www.acwing.com/problem/content/1298/
// Memory Limit: 64 MB
// Time Limit: 1000 ms
// 
// Powered by CP Editor (https://cpeditor.org)

// %%%Skyqwq
#include <bits/stdc++.h>
 
//#define int long long
#define help {cin.tie(NULL); cout.tie(NULL);}
#define pb push_back
#define fi first
#define se second
#define mkp make_pair
using namespace std;
 
typedef long long LL;
typedef pair<int, int> PII;
 
template <typename T> bool chkMax(T &x, T y) { return (y > x) ? x = y, 1 : 0; }
template <typename T> bool chkMin(T &x, T y) { return (y < x) ? x = y, 1 : 0; }
 
template <typename T> void inline read(T &x) {
    int f = 1; x = 0; char s = getchar();
    while (s < '0' || s > '9') { if (s == '-') f = -1; s = getchar(); }
    while (s <= '9' && s >= '0') x = x * 10 + (s ^ 48), s = getchar();
    x *= f;
}

const int N=1e5+5;
int m,s,prime[N],v[N];
vector<int> res;
void primes(int n)
{
	memset(v,0,sizeof v);
	for(int i=2;i<=n;i++)
	{
		if(v[i]==0)
			v[i]=prime[++m]=i;
		for(int j=1;j<=m;j++)
		{
			if(prime[j]>n/i||v[i]<prime[j])break;
			v[i*prime[j]]=prime[j];
		}
	}
}
bool is_prime(int x)
{
	for(int i=2;i<=x/i;i++)
		if(x%i==0)return false;
	return true;
}
void dfs(int last,int now,int num)
{
	if(now==1)
	{
		res.pb(num);
		return ;
	}  
	if(is_prime(now-1)&&(now-1)>(last<=0?1:prime[last]))res.pb(num*(now-1));
	for(int i=last+1;prime[i]<=now/prime[i];i++)
	{
		int p=prime[i];
		for(int j=p,t=1+p;t<=now;j*=p,t+=j)
			if(now%t==0)dfs(i,now/t,num*j);
	}
}
int main()
{
    primes(N-1);
    while(cin>>s)
    {
    	res.clear();
    	dfs(0,s,1);
    	sort(res.begin(),res.end());
    	cout<<res.size()<<'\n';
    	if(!res.size())
    	    continue;
        for(int i:res)cout<<i<<' ';
    	puts("");
    }
    return 0;
}

__EOF__

本文作者：acwing_zyy
本文链接：https://www.cnblogs.com/zyyun/p/15896809.html
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