Poetize6: IncDec Sequence
3043: IncDec Sequence
Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 128 MBSubmit: 233 Solved: 132
[Submit][Status]
Description
给定一个长度为n的数列{a1,a2...an},每次可以选择一个区间[l,r],使这个区间内的数都加一或者都减一。
问至少需要多少次操作才能使数列中的所有数都一样,并求出在保证最少次数的前提下,最终得到的数列有多少种。
Input
第一行一个正整数n
接下来n行,每行一个整数,第i+1行的整数表示ai。
。
Output
第一行输出最少操作次数
第二行输出最终能得到多少种结果
Sample Input
1
1
2
2
Sample Output
1
2
HINT
对于100%的数据,n=100000,0<=ai<2147483648
Source
对于带有“将一段区间内的每个数全部加上某个值”这种操作的题目,通常考虑差分原数列以简化情况,将对一段区间的操作转化为对某两个特定数的操作。
我们定义d_1 = a_1, d_i = a_i - a_{i-1} ( 2 ≤ i ≤ n ), d_{n+1} = 0(事实上,稍后我们会看到d_1和d_{n+1}的值并不重要),,可以发现,原题中的“将[l,r]内的数都加一或都减一”将对应“将d_l + 1,将d_{r+1} - 1”(或反之)的操作。
显然,题目中要求的a数列中的所有数全部相等的条件等同于使d_i = 0 ( 2 ≤ i ≤ n ),最后数列中的数即为d_1,而题目中的操作允许我们把d数列中的某个数+1,某个数-1。要将d数列中第二项至第n项全部变为0并使操作次数最少,首先我们将每个负数和每个正数配对执行操作,设d数列中第2至第n项所有正数分别求和得到的值为p,负数分别求和得到的值的*绝对值*为q,这一步的操作次数即为min{p,q}。此时还剩余和的绝对值为abs(p-q)的数没有变为0,每次操作我们可以将其与d_1或d_{n+1}配对进行操作,操作次数为abs(p-q),容易看出,最终d_1的可能取值有abs(p-q)+1种。因此,第一问的答案即为max{p,q},第二问的答案即为abs(p-q)+1。
再一次跪到了构造题上T_T
代码:
![](https://images.cnblogs.com/OutliningIndicators/ContractedBlock.gif)
1 #include<cstdio> 2 #include<cstdlib> 3 #include<cmath> 4 #include<cstring> 5 #include<algorithm> 6 #include<iostream> 7 #include<vector> 8 #include<map> 9 #include<set> 10 #include<queue> 11 #include<string> 12 #define inf 1000000000 13 #define maxn 1000000+100 14 #define maxm 500+100 15 #define eps 1e-10 16 #define ll long long 17 #define pa pair<int,int> 18 #define for0(i,n) for(int i=0;i<=(n);i++) 19 #define for1(i,n) for(int i=1;i<=(n);i++) 20 #define for2(i,x,y) for(int i=(x);i<=(y);i++) 21 #define for3(i,x,y) for(int i=(x);i>=(y);i--) 22 #define mod 1000000007 23 using namespace std; 24 inline int read() 25 { 26 int x=0,f=1;char ch=getchar(); 27 while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();} 28 while(ch>='0'&&ch<='9'){x=10*x+ch-'0';ch=getchar();} 29 return x*f; 30 } 31 ll n,a[2]; 32 int main() 33 { 34 freopen("input.txt","r",stdin); 35 freopen("output.txt","w",stdout); 36 n=read();int x=read(),y,z; 37 for2(i,2,n) 38 { 39 y=read();z=y-x; 40 a[z>=0?1:0]+=abs(z); 41 x=y; 42 } 43 printf("%lld\n",max(a[0],a[1])); 44 printf("%lld\n",abs(a[1]-a[0])+1); 45 return 0; 46 }