位运算符：　与（&），或（|），非（~）， 异或（^）;

移位运算：

　　1.左移：在二进制表示下把数字同时向左移动，低位以0填充，高位越界后舍弃

　　　　1 << n = 2^n, n << 1 = 2n

　　2.算术右移：在二进制补码表示下把数字同时向右移动，高位以符号位填充，低位越界后舍弃

　　　　n >> 1 = n/2.0(向下取整） eg：（-3）>> 1 = -2, 3 >> 1 = 1; 

 

例题  a^b%p(快速幂模板）

 

 

#include<iostream>

using namespace std;

int main()
{
    int a, b, p;
    cin >> a >> b >> p;
    int res = 1 % p;
    while(b)
    {
        if(b & 1) res = res * 1ll * a % p;
        a = a * a * 1ll % p;
        b >>= 1;
    }
    cout << res <<endl;
    return 0;
}

 

 

例题 64位整数乘法（a*b%p）

　　求a乘b对p取模的值，其中1<=a, b, p <= 10^18

#include<iostream>

using namespace std;
typedef unsigned long long ULL;

int main()
{
    ULL a, b, p;
    cin >> a >> b >> p;
    ULL res = 0;
    while(b)
    {
        if(b & 1) res = (res + a) % p;
        b >>= 1;
        a = a * 2 % p;
    }
    cout << res << endl;
    return 0;
}

 

 

 

 

 

 


二进制状态压缩，是指将一个n位的 bool 数组用 n 位的二进制数表示的方法。

OP 运算
取出 n 在二进制表示下的第k位　　 (n >> k) & 1
取出 n 在二进制表示下的0~ k-1 位后k位） 　　n & ((1<<k) - 1)
把整数n在二进制表现下的第k位取反 　　n xor (1 << k)
把整数n在二进制表现下的第k位赋值1 　　n | (1 << k)
把整数n在二进制表现下的第k位赋值0 　　n & (~(1 << k))
注：Markdown表格中的 " | " 使用 &#124; 来表示；

我们以13 （1101）为例，看一下位运算的实现过程
1. 取出第k位： (n >> k) & 1

k 3 2 1 0
n 1 1 0 1
需要注意的是：k的取值是从0开始的，并且位数是按照从右到左的顺序计算；

2. 取出后k位：n & ((1 << k) - 1)

k 4 3 2 1
n 1 1 0 1
为什么这次k对应的是从1开始的呢？
我们来对照一下 (1 << k) / (1 << k) - 1 的结果

k 　　　　   　　　　4 　　  3 　　 2      1
(1 << k)       　　 　　10000  1000   100  10
(1 << k) - 1   　　　　1111     111     11    1
n & ((1 << k) - 1) 　　1101     101     01   1
n 　　　　　　　　   13 　　 5 　　1 　 1
3. 第k位取反 n xor (1 << k)

k 　　　　　　　  3 　　2 　　1　　0
n xor (1 << k) 　　0101  1001   1111 1100
这个的原理其实很简单，1 << k 位后，那么 (k+1) 位为1，其他都是0.
n xor (1 << k) 只会有4种情况

运算 结果
0 xor 1 1
1 xor 1 0
1 xor 0 1
0 xor 0 0
无论0还是1，异或1都是取反，异或0不变

４. 第k位赋值1
原理同上， 无论什么数 “|1” 都是 1，所以将1 << k 位后，与n或运算，都可以使其为1；

k 　　　　　　 3 　   2 　  1 　　0
n | (1 << k) 　　1101 1101 1111 1101
5. 第k位赋值0
~(1 << k) 这个操作可以使 第k位 = 0， 从0 ~ (k-1)位都为1.
任何数 & 1 都保持不变，第k位 & 0 赋值为 0；

k 　　　　　　　　3 　　2 　　1　　 0
n & (~(1 << k))　　 0101 1001 1101 1100

 

 

例题：最短 Hamilton 路径
题目描述：

给定一张 n(n≤20) 个点的带权无向图，点从 0~n-1 标号，求起点 0 到终点 n-1 的最短Hamilton路径。 Hamilton路径的定义是从 0 到 n-1 不重不漏地经过每个点恰好一次。
In

第一行一个整数n。
接下来n行每行n个整数，其中第i行第j个整数表示点i到j的距离（一个不超过10^7的正整数，记为a[i,j]）。
对于任意的x,y,z，数据保证 a[x,x]=0，a[x,y]=a[y,x] 并且 a[x,y]+a[y,z]>=a[x,z]。
Out

一个整数，表示最短Hamilton路径的长度。

Input

4
0 2 1 3
2 0 2 1
1 2 0 1
3 1 1 0
Output

4

Hint

从0到3的Hamilton路径有两条，0-1-2-3和0-2-1-3。前者的长度为2+2+1=5，后者的长度为1+2+1=4

这是一道经典的状压DP题，作为一个NP完全问题，我们只关心两个问题

哪些点被用过
目前停在哪里
我们使用一个n位的二进制数，若其第 i 位为 1 ，则表示第 i 个点已经被经过
使用 F[ i , j ] 来表示，当前经过状态state ， 和目前在第 j 个点上
起点 F[ 1 , 0 ] = 0 最终目标 F[ (1<<n)-1 , n-1] 所有点都被访问到，且当前处于 n-1；
状态转移方程 F[ i , j ] = min { F [ i xor (1 << j ) , k) ] + weight( k , j ) }

#include<iostream>
#include<cstring>
#include<algorithm>

using namespace std;

const int N = 20, M = 1 << 20;

int n;
int f[M][N], weight[N][N];

int main()
{
    cin >> n;
    for(int i = 0; i < n; i++)
        for(int j = 0;j< n;j++)
            cin >> weight[i][j];

    memset(f, 0x3f, sizeof f);

    f[1][0] = 0;
    for(int i = 0; i < 1 << n; i++)
        for(int j = 0; j < n; j++)
            if(i >> j & 1)
                for(int k = 0; k < n; k++)
                    if(i ^ (1 << j) >> k & 1)
                        f[i][j] = min(f[i][j], f[i ^ (1 << j)][k] + weight[k][j]);

    cout << f[(1 << n) - 1][n - 1] << endl;
    return 0;
}