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A：其实并不是特别难的一个题，想的太复杂了。 首先，我们把关系看成能够传递的，那么我们并查集统计连通块之后。 可以发现，对于一个连通块，最优方案肯定只有1个人会没朋友。 因为一直把和当前删的点有关系的人的人删进去，最后肯定就能删完全部点，并且保证只有第一个进去的人没朋友。 因为要保证字典序最小，我们 阅读全文
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第一眼就觉得是费用流，但是建图确实很麻烦，逐渐递增这个费用到时想到了 solution: 首先，对于每一个事件，我们从s向这个事件连一条容量为1的边，然后对于这个事件，向两个点连一条容量为1的边。 这样满足了事件的关系。可以发现，我们的容量还是由s->事件的1来控制，只是有两个点的选择，即哪个点胜利 阅读全文
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A：因为数太大，所以按字符串存即可 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long LL; typedef long double ld; typedef pair<LL,int> pii; const int N = 1 阅读全文
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Fluctuation Limit 寻找可行域的问题。 我们需要做的就是不断去缩小这个区间，来使得最后可以满足正向区间和反向区间。 首先，对于i位置为[L,r]。那么i+1肯定要满足[L-k,r+k]。之外就无解。 对于i+1为[L,r]，i肯定要满足[L-k,r+k]，所以我们正向查找一次，反向查 阅读全文
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首先，这题要对题意先进行一个转化。 可以发现，这是一棵树，并且，我们要删点，肯定要从叶子节点开始删，才能保证在大于2个点时。 每个点最少存在一个朋友。 那么，我们主要要去分析，当我们加入关系边时，有哪些点无法作为最后点了（如果没有关系边，那么从一个点两边删，肯定每条边都会满足） 从遥远的国度借鉴经验 阅读全文
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A：读错题导致难度飙升。 这里题意是任意两个下标满足条件都能换，那就是个水题了 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long LL; typedef long double ld; typedef pair<LL,int 阅读全文
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题意：懂得都懂。 首先考虑到这题如果没有换根的操作，那么很显然就是一个裸的树剖部分，那么随便搞搞就能过了。 对于加上了换根的操作。 我们来对询问进行一个分类讨论。 我们统一以1为根来建树： 如果当前的询问的点等于根，那么显然就是全局最小值，就是node[1].mi。 如果当前的询问的点在不在1->r 阅读全文
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Increasing and Decreasing 显然是一个构造的题，对于下降序列，我们用最后y的数来组成拼在后面。 对于x的上升序列。 我们要用剩下的数来拼凑成x-1个块（因为最后下降的块肯定比前面大）。 每个块里的元素都是下降序列即可。 为了最小化字典序，我们尽量让起前面的块尽可能小，注意的是 阅读全文
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Path： 题意：用最少的代价，删除一些边，使得最短路变长。 思路： https://blog.csdn.net/jerry99s/article/details/96907292（大佬讲得非常好） 我们将所有最短路上的边，建立一张新的图。 以1为源点，n为汇点。求最小割。 这时的最小割即为最小花费 阅读全文
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A： #include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long LL; typedef long double ld; typedef pair<int,int> pii; const int N = 205; const int 阅读全文