洛谷P4563 [JXOI2018]守卫(dp)
题意
Sol
非常有意思的题目。
我们设表示区间的答案。
显然位置一定有一个保镖
同时不难观察到一个性质:拿来说,设其观察不到的某个区间为,那么与一定有一个保镖,而且每段区间的贡献都是独立的。
这样我们可以预处理出任意两个点是否能看见(直接记上一个能看到的位置然后比较斜率)。
然后直接枚举,不断把往左移动更新答案,这样可以保证更新的时候中间的区间都计算过,可以直接前缀和优化
复杂度
#include<bits/stdc++.h>
#define Fin(x) freopen(#x".in", "r", stdin);
using namespace std;
const int MAXN = 5001;
template<typename A, typename B> inline bool chmax(A &x, B y) {return x < y ? x = y, 1 : 0;}
template<typename A, typename B> inline bool chmin(A &x, B y) {return x > y ? x = y, 1 : 0;}
inline int read() {
char c = getchar(); int x = 0, f = 1;
while(c < '0' || c > '9') {if(c == '-') f = -1; c = getchar();}
while(c >= '0' && c <= '9') x = x * 10 + c - '0', c = getchar();
return x * f;
}
int N, f[MAXN][MAXN];
double a[MAXN];
bool can[MAXN][MAXN];
int main() {
//Fin(a);
N = read();
for(int i = 1; i <= N; i++) a[i] = read();
for(int i = 1; i <= N; i++) {
for(int j = i - 1, las = -1; j; j--)
if((las == -1) || (1ll * (a[i] - a[las]) * (i - j) > 1ll * (a[i] - a[j]) * (i - las)))
can[i][j] = can[j][i] =1, las = j;
}
int ans= 0;
for(int i = 1; i <= N; i++) {
int s = 1, las = 0;
for(int j = i; j; j--) {
if(can[j][i]) {
if(!can[j + 1][i]) s += min(f[j + 1][las], f[j + 1][las + 1]);
f[j][i] = s;
} else {
if(can[j + 1][i]) las = j;
f[j][i] = s + min(f[j][las], f[j][las + 1]);
}
ans ^= f[j][i];
// printf("%d ", f[j][i]);
}
// puts("");
}
cout << ans;
return 0;
}
作者:自为风月马前卒
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