摘要：这个题意转化下，其实是 给两个串 A，B，给1e5组询问：求A[l..r]和B的LCS 由于B的len很小，只有20，所以我们考虑预处理A，求出A的序列自动机，然后在B上进行dp dp[i，j]表示B[1..i]已经匹配了j位的最短的A[l..r]前缀，这样是很好转移的 #include<bits/
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摘要：A：字符串hash+kmp #include <iostream> #include <cstdio> #include <string> #include <map> using namespace std; typedef unsigned long long ull; typedef long
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摘要：这题细节真的多。。但是思维性还是蛮强的 一个数最多被操作logn次，所以可以预处理第一次操作，然后暴力解决 分类讨论下修改1的情况和修改0的情况，处理出前缀和和后缀和即可 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define N 200005 ch
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摘要：感觉是很不错的题 很关键的一步是题意简化：有m个操作，每次操作可以在数组某点+1或-1，问每次操作后，最大的 suf[i]-(n-i+1)是多少 显然对pos进行修改，会影响到[1,pos]整个区间的后缀和。所以线段树区间更新就可以。 ps:原题意下这题细节较多，要将数组扩充到2n,并且用一个mul
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摘要：E1，暴力+组合数学 对每个x都求一遍就行 /* 在位置i的糖果数量是x+i-1, 所以先把minx和maxx确定下来 当a数组递增排列时，minx=max(minx,ai-i+1) 当a中最大值出现在第一位时，取到maxx=ai x遍历范围[max(0,minx),max(maxx,n)]， 将a
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摘要：比赛的时候正在被各种期末课设折磨，结果发病了 D /* 每次求mex，如果mex<n,那么让a[mex]=mex,如果mex=n,那么挑a[i]!=i的位置，令a[i]=mex 这样每安排好一个位置最多进行两次操作 */ #include<bits/stdc++.h> using namespace
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摘要：最近做的一道很好的题目，感觉很需要直觉才能想到 /* 转化：将a[]转化成差分数组 那么原来的操作[l,r]就变成了a[l]-1,a[r+1]+1 最后的目标是将这个数组的所有元素变成0 为了使操作次数最小，只有两种操作：在正数上的-1操作，在负数上的+1操作， 并且差分数组每个前缀和必须保持为非负
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摘要：这题转化一下，就是弄出个01串，然后问最少可以分割成多少个01串 怎么求？贪心策略，如果当前全是0结尾串，又来了一个0，那么只能又多了一个0结尾串，如果来的是1，那么就少了个0结尾串，多了个1结尾串 看了下正解貌似是求最大子段和。。 #include<bits/stdc++.h> using nam
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