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摘要： 洛谷传送门 CF 传送门 被自己的赛时智障操作气笑了。谁告诉你容斥钦定了几个要记到状态里面的。。。/tuu 显然先找“好数组”的充要条件。对原数组 \(a\) 差分，设 \(b_i = a_i - a_{i - 1}\)。那么一次可以选择一对 \((i, j)\) 满足 \(i \le j - 2\ 阅读全文

摘要： 洛谷传送门 CF 传送门 发现对于一条链，一次操作最多能染黑这条链上的 \(2\) 个点。 所以我们把直径拎出来，设直径长度为 \(d\)。 考虑一条长度为 \(d\) 的链至少要多少次能全染黑。 若 \(d\) 为奇数，显然从直径中点 \(u\) 开始做 \((u, 0), (u, 1), \ld 阅读全文

摘要： 洛谷传送门 LOJ 传送门 考虑若原来的序列是不降的，那么进行 \(1\) 操作或 \(2\) 操作序列仍然不降。那么 \(1\) 操作直接线段树上二分然后打覆盖标记，\(2\) 操作直接打标记即可。 考虑一般情况，发现某个时刻所有被 \(1\) 操作影响过的 \(i\)（存在一次 \(1\) 操作 阅读全文

摘要： 洛谷传送门 AtCoder 传送门 考虑对于一个确定的串怎么判断合法性。 容易发现删到某个时刻若 \(1\) 的个数大于 \(0\) 的个数了，因为我们肯定不会蠢到在不是全 \(1\) 的时候删 \(111\)，所以 \(c_1 - c_0\) 在不是全 \(1\) 的时候至少是不会变小的。 所以我 阅读全文

摘要： 洛谷传送门 CF 传送门 显然 \(\text{fun}(P)_{\max} = \frac{|P|(|P| + 1)}{2}\)。 考虑大力 dp，设 \(f_{i, j, k}\) 为 \(|P| = i\)，\(P_1 = j\)，\(\text{fun}(P) = k\) 的排列 \(P\) 阅读全文

摘要： 洛谷传送门 CF 传送门 赛后 15min 过题/ll。 删掉点 \(u\) 后树会分成若干棵子树。给每个子树一个编号，令 \(c_i\) 表示 \(i\) 所在子树的编号。然后题目要求一个类似最小生成树的东西。 既然要求最小生成树，那肯定先从 \(|a - b| = 1\) 选起。对于所有 \(i 阅读全文

摘要： 洛谷传送门 CF 传送门 小清新题。 首先容易发现每个合法的 \(b\) 唯一对应一个排列，大概就是每个时刻排列元素的相对顺序，然后插入到相应的位置。 但是这样太麻烦了。发现题目只要求求单点的 \(p\) 值。这应该有更简单的方法。 考虑令 \(b_i \gets i - b_i\) 表示 \(p_ 阅读全文

摘要： 洛谷传送门 CF 传送门 和 CF1004F Sonya and Bitwise OR 很像。 考虑一次询问怎么做。考虑分治，每次只计算左端点在 \([l, mid]\)，右端点在 \([mid + 1, r]\) 的区间的贡献。对于每个 \(i \in [l, mid]\)，维护最小的 \(j \ 阅读全文

摘要： 222. CF1936D Bitwise Paradox 和 CF1004F Sonya and Bitwise OR 很像。 考虑一次询问怎么做。考虑分治，每次只计算左端点在 \([l, mid]\)，右端点在 \([mid + 1, r]\) 的区间的贡献。对于每个 \(i \in [l, mi 阅读全文

摘要： 洛谷传送门 AtCoder 传送门 讲个笑话，一年前做过，今天模拟赛出了，但是完全不记得，然后想了一种完全不同的方法，我真抽象。 首先考虑什么时候有解。显然 \(m = n + f(a)\) 的时候有解，令 \(b_i = i, c_i = a_i\) 即可。然后考虑任意交换一对 \((i, j)\ 阅读全文