1617. 统计子树中城市之间最大距离

题目描述

有n个城市，编号是1-n，
给了一个数组edges表示了城市的连接关系，且每个城市间最多只有一条路（城市间的连接是树），
需要求一个结果ans，其中ans[i]表示城市间最大距离是i+1子树的数目

f1-状态压缩+动态规划

基本分析

1. 城市个数不超过15可以暗示什么？用二进制表示当前城市的选择状态
2. 怎么定义dp状态？dp[j]表示城市选择是j时候对应的最大距离
3. 以上状态j一定都是合法的吗，怎么判断？j可能本身不能联通，（1）在利用j进行搭建的时候就判断一下，如果f[j]是0，表示不能搭建;(2)对需要枚举新增的节点i，看j+（1<<i）是不是能联通？做法是枚举j中的节点k，看是不是存在d[k][i]=1的点
4. 怎么考虑转移？如果nj是联通的，这个时候就遍历j内的所有点，找出和i点距离最大的更新f[nj]
5. 怎么取得最后的结果？f[j]的含子树是j时候的最大距离，那么遍历j，只要f[j]不等于0（对应单个点或者不成立的子树）,f[j]-1的值就是ans的索引，累加ans[f[j]-1]就行

代码

class Solution:
    def countSubgraphsForEachDiameter(self, n: int, edges: List[List[int]]) -> List[int]:
        # 定义距离d
        d = [[n+1]* n for _ in range(n)]
        # 定义dp数组f
        mask = 1<<n
        f = [0] * mask
 
        # 相同点的d值设置为0
        for i in range(n):
            for j in range(n):
                if i == j:
                    d[i][j] = 0
        
        # 遍历相邻点，初始化d和一部分子树
        for x, y in edges:
            d[x-1][y-1] = 1
            d[y-1][x-1] = 1
            f[(1<<(x-1)) + (1<<(y-1))] = 1
        
        # Floyed初始化之间的最小距离
        for k in range(n):
            for i in range(n):
                for j in range(n):
                    if d[i][k] != n+1 and d[k][j]!= n+1:
                        d[i][j] = min(d[i][j], d[i][k]+d[k][j])
        # 遍历状态j
        for j in range(1, mask):
            # 去掉不是树的状态，通过f判断
            if f[j] == 0:
                continue
            # 遍历可能能新增的节点i，对i的要求是i不在j中，且新状态没有被计算过
            for i in range(n):
                nj = j + (1<<i)
                if j & (1<<i) != 0 or f[nj] != 0:
                    continue
                # 遍历j，看是不是能连起来
                for k in range(n):
                    if j & (1<<k) != 0 and d[k][i] ==1:
                        f[nj] = f[j]
                        break
                # 如果新状态不能存在,不考虑i了
                if f[nj] == 0:
                    continue
                # 再次遍历j中的节点，来维护dp距离
                for k in range(n):
                    if j & (1<<k) != 0:
                        f[nj] = max(f[nj], d[k][i])
        # 统计结果
        ans = [0] * (n-1)
        for j in range(1, mask):
            if f[j] != 0:
                ans[f[j]-1] += 1
        
        return ans

复杂度

时间：$Floyed常规是O(n^3),这里由于是树为O(n^2), 枚举的过程是O(2^n*n*n)$
空间：$存距离矩阵是O(n^2), 存dp是O(2^n)$

总结

1. 几个边界需要注意：

• （1）节点自身间的距离是
• （2）相邻节点间的距离是1
• （3）相邻节点构成了最小子树，对应的f值是1
• （4）孤立的节点和不能成子树的节点组合对应的f值都是0
• （5）判断一个组合j是不是有效，就是（1）先看对应的f值是不是0；（2）对可能的新组合nj，如果找不到k可以给nj赋值，那么nj还是0，再转移前就会退出当前对i的讨论

2. 预处理的时候，用Floyed获取任意点间的最小距离
3. 枚举状态的时候需要考虑：

• （1）当前j可能是不合法的，这个时候就换下一个j，或者是合法的往下走；
• （2）枚举需要扩展的节点i，对i的要求是<1>i不能被j包含+<2>j+i节点之前没有算过，如果满足以上要求，这个i才去判断是不是可以连接；
• （3）怎么判断连接？j中存在一个点k和i的距离是1，如果没有的话怎么办？说明j+（1<<i）这个子树不成立，去找一下i；
• （4）怎么更新状态，再次遍历j中的点k，每次取f[nj]和d[i][k]的最大值

4. 求结果的时候就是遍历f，生成答案