TYVJ 1068 STR 解题报告

　　这题好难，我不写题解了，直接转发吧：

KMP算法大家应该烂熟于心才好，这样碰到这样的题才能灵活运用。有时做题真的需要一点灵感。
首先，这个题如果想要求出从每个位置开始的字串的匹配长度，那么O(n^2)以内的算法应该是很难的。但是，这个题要求的并不是“每个位置的长度”，而是“具有这样长度的位置数”。因而，灵活使用KMP算法自我匹配的性质，就能够解决这个问题。

考虑下面的例子：
A串：abbabbabababbababba
B串：abbabababba

应用KMP算法，很容易得到B串的自我匹配是
元素 a b b a b a b a b b  a
位置 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11
长度 0 0 0 1 2 1 2 1 2 3  4
这个数组记为kmp[位置] = 匹配长度。

由此求得到A串的各个元素尾部的匹配长度是
a b b a b b a b a b a b b  a  b a b b a
1 2 3 4 5 3 4 5 6 7 8 9 10 11 5 6 7 3 4

统计出各个长度的出现频数
长度 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11
频数 0 1 1 3 3 3 2 2 1 1 1  1
这个数组记作cnt[长度] = 频数。

根据KMP自我匹配数组的性质，如果以A串某个元素结尾有一个长度为11的字串可以与B串匹配的话，以该元素结尾的长度为kmp[11] = 4的字串也是可以匹配的。所以说cnt[4] += cnt[11]。也就是说，进行这样的操作

for (i = N; i >= 1; i--)
　　cnt[kmp[i]] += cnt[i];

for i := N downto 1 do
 inc( cnt[ kmp[i] ] , cnt[i] );

之后，cnt[i]中保存的就应该是所有长度为i的匹配字串了。这时cnt数组的状态是

长度 0  1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11
频数 19 8 7 4 4 3 2 2 1 1 1  1

然而题中要求的是“长度恰好为i”的子串的个数，也就是这些字串的下一个字符是不能匹配的。然而，cnt数组中存储的cnt[i]，必然包含了cnt[i + 1]及以上的情况。然而这很简单，“长度恰好为i”的字串数量就是cnt[i] - cnt[i + 1]，因为cnt[i]中可以扩展的字串必然都包含于cnt[i + 1]。

时间复杂度O(M + N)。

　　再发个我的代码：

#include <stdio.h>
#include <string.h>
#include <stdlib.h>
char a[200000], b[200000];
int next[200000];
int used[200001];
int num[200000];
int kmp[200000];

int main(int argc, char **argv)
{
	int i, j;
	int l1, l2, s;
//	freopen("input.txt", "r", stdin);
//	freopen("output.txt", "w", stdout);
	scanf("%d%d%d\n", &l1, &l2, &s);
	scanf("%s\n%s", a, b);

	i = 0, j = -1;
	next[0] = -1;
	while(i < l2){
		if(j == -1 || b[i] == b[j]){
			if(b[i + 1] == b[j + 1]){
				next[i + 1] = next[j + 1];
			}else{
				next[i + 1] = j + 1;
			}
			kmp[i + 1] = j + 1;
			i++, j++;
		}else{
			j = next[j];
		}
	}

	i = 0, j = 0;
	while(i < l1){
		if(j == -1 || a[i] == b[j]){
			num[i] = j + 1;
			used[j + 1]++;
			i++, j++;
		}else{
			j = next[j];
		}
	}
	for(i = l2; i >= 1; i--){
		used[kmp[i]] += used[i];
	}
	for(i = 0; i < s; i++){
		scanf("%d", &j);
		printf("%d\n", used[j] - used[j + 1]);
	}
	return 0;
}