洛谷 P3870 TJOI2009 开关题解
题目描述
现有\(n\)盏灯排成一排,从左到右依次编号为:\(1,2,…,n\)。然后依次执行\(m\)项操作。
操作分为两种:
- 指定一个区间\([a,b]\),然后改变编号在这个区间内的灯的状态(把开着的灯关上,关着的灯打开);
- 指定一个区间\([a,b]\),要求你输出这个区间内有多少盏灯是打开的。
输入格式
第一行有两个整数\(n\)和\(m\),分别表示灯的数目和操作的数目。
接下来有\(m\)行,每行有三个整数,依次为:\(c、a、b\)。其中\(c\)表示操作的种类。
- 当\(c\)的值为\(0\)时,表示是第一种操作。
- 当\(c\)的值为\(1\)时,表示是第二种操作。
\(a\)和\(b\)则分别表示了操作区间的左右边界。
输出格式
每当遇到第二种操作时,输出一行,包含一个整数,表示此时在查询的区间中打开的灯的数目。
输入输出样例
输入 #1
4 5
0 1 2
0 2 4
1 2 3
0 2 4
1 1 4
输出 #1
1
2
说明/提示
对于全部的测试点,保证\(2 \leq n \leq 10^5\),\(1 \leq m \leq 10^5\),\(1 \leq a\),\(b \leq n\),\(c \in \{0,1\}\)。
解析
这是一道分块题目。
分块复杂度在\(O(m \sqrt{n})\),完全是可以通过的。
每次修改时,除了边缘的灯泡暴力修改,中间块内元素完全可以打标记修改,有一处细节是,b[i] ^= 1(b[i]:第i个块的修改次数)
即可表示整个块修改的次数。
再设置一个计数数组,累计当前块内打开的灯泡个数。
查询的时候,边缘的仍然暴力,中间块的累计时可以对比b[i]
来累加num[i]
,sum += (b[i] ? block - num[i] : num[i])
。
需要注意的是,每次查询和修改边缘元素时都需要看一下当前块有无标记,若有则下放。
#include <bits/stdc++.h>
#define ls k << 1
#define rs k << 1 | 1
#define gc getchar()
typedef long long ll;
inline int read() {
int s = 0, f = 1; char ch = gc;
for(; ch < '0' || ch > '9'; ch = gc) if(ch == '-') f = -1;
for(; ch >= '0' && ch <= '9'; ch = gc)
s = (s << 1) + (s << 3) + (ch ^ 48);
return s * f;
}
inline int abs(int a) {return a < 0 ? -a : a;}
inline int min(int a, int b) {return a < b ? a : b;}
inline int max(int a, int b) {return a > b ? a : b;}
const int MaxN = 1e5 + 200;
const int Mod = 1e9 + 7;
const int INF = 2147483647;
int n, m, block, blk[MaxN], a[MaxN], b[MaxN], num[MaxN];
void pushdown(int x) {
if(b[blk[x]])
for(int i = (blk[x] - 1) * block + 1; i <= blk[x] * block; ++ i)
a[i] ^= 1, num[blk[x]] += (a[i] == 1 ? 1 : -1);
b[blk[x]] = 0;
}
void Modify(int l, int r) {
pushdown(l);
for(int i = l; i <= min(r, blk[l] * block); ++ i)
a[i] ^= 1, num[blk[l]] += (a[i] == 1 ? 1 : -1);
if(blk[l] != blk[r]) {
pushdown(r);
for(int i = (blk[r] - 1) * block + 1; i <= r; ++ i)
a[i] ^= 1, num[blk[r]] += (a[i] == 1 ? 1 : -1);
}
for(int i = blk[l] + 1; i <= blk[r] - 1; ++ i)
b[i] ^= 1;
}
int query(int l, int r) {
int sum = 0; pushdown(l);
for(int i = l; i <= min(r, blk[l] * block); ++ i)
sum += (a[i] == 1);
if(blk[l] != blk[r]) {
pushdown(r);
for(int i = (blk[r] - 1) * block + 1; i <= r; ++ i)
sum += (a[i] == 1);
}
for(int i = blk[l] + 1; i <= blk[r] - 1; ++ i)
sum += (b[i] == 0 ? num[i] : (block - num[i]));
return sum;
}
int main() {
n = read(); m = read();
block = sqrt(n);
for(int i = 1; i <= n; ++ i)
blk[i] = (i - 1) / block + 1;
for(int i = 1; i <= m; ++ i) {
int opt = read(), l = read(), r = read();
if(opt == 0) Modify(l, r);
else printf("%d\n", query(l, r));
}
return 0;
}
作者:AsianGiao
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