BZOJ 4205: 卡牌配对

4205: 卡牌配对

Time Limit: 20 Sec  Memory Limit: 512 MB
Submit: 173  Solved: 76
[Submit][Status][Discuss]

Description

现在有一种卡牌游戏，每张卡牌上有三个属性值：A,B,C。把卡牌分为X,Y两类，分别有n1,n2张。
两张卡牌能够配对，当且仅当，存在至多一项属性值使得两张卡牌该项属性值互质，且两张卡牌类别不同。
比如一张X类卡牌属性值分别是225,233,101，一张Y类卡牌属性值分别为115,466,99。那么这两张牌是可以配对的，因为只有101和99一组属性互质。
游戏的目的是最大化匹配上的卡牌组数，当然每张卡牌只能用一次。

 

Input

数据第一行两个数n1，n2，空格分割。
接下来n1行，每行3个数，依次表示每张X类卡牌的3项属性值。
接下来n2行，每行3个数，依次表示每张Y类卡牌的3项属性值。

 

Output

输出一个整数：最多能够匹配的数目。

 

Sample Input

2 2
2 2 2
2 5 5
2 2 5
5 5 5

Sample Output

2

【提示】
样例中第一张X类卡牌和第一张Y类卡牌能配对，第二张X类卡牌和两张Y类卡牌都能配对。所以最佳方案是第一张X和第一张Y配对，第二张X和第二张Y配对。
另外，请大胆使用渐进复杂度较高的算法！

HINT

 

对于100%的数据，n1,n2≤ 30000，属性值为不超过200的正整数

 

 

 

Source

 
[Submit][Status][Discuss]

 

看到之后显然有个暴力建二分图，求最大匹配的想法，但显然N^2的复杂度难以接受，而最大匹配也是极慢的。

所以考虑在左右部点中间设立一些中转站，目的是将边按照一定的规律归并，减少复杂度。

因为至多只能有一组数互质，所以至少有两组数GCD不为1，每对数均含有至少一个相同的质因子。

而200以内的质因子只有46个，所以可以枚举第一、二组含有的相同质因子，以及这两组是AB,BC,还是CA。

所以中转站的个数为46*46*3；又因为200以内的数至多含有4个质因子，所以边数也是有保证的。

建图之后跑最大流即可，貌似需要一些优化，看自己的常数了，拼脸也可以。

 

  1 #include <cstdio>
  2 #include <cstring>
  3 
  4 inline int nextChar(void) {
  5     const int siz = 1024;
  6     static char buf[siz];
  7     static char *hd = buf + siz;
  8     static char *tl = buf + siz;
  9     if (hd == tl)
 10         fread(hd = buf, 1, siz, stdin);
 11     return int(*hd++);
 12 }
 13 
 14 inline int nextInt(void) {
 15     register int ret = 0;
 16     register int neg = false;
 17     register int bit = nextChar();
 18     for (; bit < 48; bit = nextChar())
 19         if (bit == '-')neg ^= true;
 20     for (; bit > 47; bit = nextChar())
 21         ret = ret * 10 + bit - 48;
 22     return neg ? -ret : ret;
 23 }
 24 
 25 const int pri[50] = {
 26     1, 2, 3, 5, 7, 11, 13, 17, 19, 23, 29, 31, 37, 41, 
 27     43, 47, 53, 59, 61, 67, 71, 73, 79, 83, 89, 97, 101, 
 28     103, 107, 109, 113, 127, 131, 137, 139, 149, 151, 157, 
 29     163, 167, 173, 179, 181, 191, 193, 197, 199
 30 };
 31 
 32 const int inf = 1e9;
 33 const int siz = 5000005;
 34 
 35 int s, t;
 36 int edges;
 37 int hd[siz];
 38 int to[siz];
 39 int nt[siz];
 40 int fl[siz];
 41 
 42 inline void add(int u, int v, int f) {
 43 //    printf("%d %d %d\n", u, v, f);
 44     nt[edges] = hd[u]; to[edges] = v; fl[edges] = f; hd[u] = edges++;
 45     nt[edges] = hd[v]; to[edges] = u; fl[edges] = 0; hd[v] = edges++;
 46 }
 47 
 48 int dep[100000];
 49 
 50 inline bool bfs(void) {
 51     static int que[siz], head, tail;
 52     memset(dep, 0, sizeof(dep));
 53     dep[que[head = 0] = s] = tail = 1;
 54     while (head != tail) {
 55         int u = que[head++], v;
 56         for (int i = hd[u]; ~i; i = nt[i])
 57             if (fl[i] && !dep[v = to[i]])
 58                 dep[que[tail++] = v] = dep[u] + 1;
 59     }
 60     return dep[t];
 61 }
 62 
 63 int lst[100000];
 64 
 65 int dfs(int u, int f) {
 66     if (u == t || !f)return f;
 67     int used = 0, flow, v;
 68     for (int i = lst[u]; ~i; i = nt[i])
 69         if (dep[v = to[i]] == dep[u] + 1) {
 70             flow = dfs(v, f - used < fl[i] ? f - used : fl[i]);
 71             used += flow;
 72             fl[i] -= flow;
 73             fl[i^1] += flow;
 74             if (fl[i])lst[u] = i;
 75             if (used == f)return f;
 76         }
 77     if (!used)dep[u] = 0;
 78     return used;
 79 };
 80 
 81 inline int maxFlow(void) {
 82     int maxFlow = 0, newFlow;
 83     while (bfs()) {
 84         for (int i = s; i <= t; ++i)
 85             lst[i] = hd[i];
 86         while (newFlow = dfs(s, inf))
 87             maxFlow += newFlow;
 88     }
 89     return maxFlow;
 90 }
 91 
 92 int n, m;
 93 
 94 int fac[205][15];
 95 
 96 int map[3][50][50];
 97 
 98 signed main(void) {
 99     n = nextInt();
100     m = nextInt();
101     for (int i = 2; i <= 200; ++i)
102         for (int j = 1; j <= 46; ++j)
103             if (i % pri[j] == 0)
104                 fac[i][++fac[i][0]] = j;
105     for (int i = 0, c = n + m; i < 3; ++i)
106         for (int j = 1; j <= 46; ++j)
107             for (int k = 1; k <= 46; ++k)
108                 map[i][j][k] = ++c;
109     memset(hd, -1, sizeof(hd));
110     s = 0, t = n + m + 46*46*3 + 1;
111     for (int i = 1; i <= n; ++i) {
112         add(s, i, 1); 
113         int a = nextInt();
114         int b = nextInt();
115         int c = nextInt();
116         for (int j = 1; j <= fac[a][0]; ++j)
117             for (int k = 1; k <= fac[b][0]; ++k)
118                 add(i, map[0][fac[a][j]][fac[b][k]], 1);
119         for (int j = 1; j <= fac[b][0]; ++j)
120             for (int k = 1; k <= fac[c][0]; ++k)
121                 add(i, map[1][fac[b][j]][fac[c][k]], 1);
122         for (int j = 1; j <= fac[c][0]; ++j)
123             for (int k = 1; k <= fac[a][0]; ++k)
124                 add(i, map[2][fac[c][j]][fac[a][k]], 1);
125     }
126     for (int i = 1; i <= m; ++i) {
127         add(i + n, t, 1);
128         int a = nextInt();
129         int b = nextInt();
130         int c = nextInt();
131         for (int j = 1; j <= fac[a][0]; ++j)
132             for (int k = 1; k <= fac[b][0]; ++k)
133                 add(map[0][fac[a][j]][fac[b][k]], i + n, 1);
134         for (int j = 1; j <= fac[b][0]; ++j)
135             for (int k = 1; k <= fac[c][0]; ++k)
136                 add(map[1][fac[b][j]][fac[c][k]], i + n, 1);
137         for (int j = 1; j <= fac[c][0]; ++j)
138             for (int k = 1; k <= fac[a][0]; ++k)
139                 add(map[2][fac[c][j]][fac[a][k]], i + n, 1);
140     }
141     printf("%d\n", maxFlow());
142 }

 

@Author: YouSiki

 

posted @ 2017-01-03 20:04  YouSiki  阅读(534)  评论(0)  编辑  收藏  举报