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传送门 解题思路 从所有攻击力向武器连边，形成二分图，然后枚举攻击力1...10000，如果匹配成功，就继续，否则输出程序结束。 注意： 对于枚举每一个攻击力如果用memset清空vis数组会超时（TLE四个点），所以我们在标记后退出前单个清空（见代码）。 AC代码 1 #include<iostr 阅读全文
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传送门 解题思路 把人当做A类，把座位当做B类，然后二分图匹配，注意所有的数组从一维变成了a[][2]，因为每一排有两个座位。 也可以分开求或者每一条边都分解成两条。 AC代码 1 #include<iostream> 2 #include<cstring> 3 using namespace st 阅读全文
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传送门 解题思路 简化一下题面：在 n 个点 m 条正权边的有向图中，共有 n 个⼈要执⾏任务，第 i 个⼈的路线为 1 → i → 1，求最⼩总路程。 这就很显然了，在原图中跑一遍单源最短路，求出所有1->的最短路，然后建一个反图，再跑一遍最短路，求出i到1的最短路，最后把答案加起来。 看看数据范 阅读全文
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传送门 解题思路 dp[i][j]表示以i为根的子树的最小花费。 其中j表示节点i依靠的是哪里放置保安。 j==0：依靠自己 j==1：依靠儿子 j==2：依靠父亲 因为叶子节点不能依靠儿子，所以把所有的叶子节点i的dp[i][1]赋值为最大值。 因为根节点不能依靠父亲，所以最后取答案时为min(d 阅读全文
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传送门 解题思路 贪心策略：对于每一条边，先删除两个端点中权值大的那个点。 证明（感性）： 首先，删点其实就等于删边。对于每一条边，假设它的两个端点为a,b且a的权值>b的权值，那么先删a点对答案的贡献为b，先删b点对答案的贡献为a，因为求的是最小值，所以先删权值大的点。 AC代码 1 #inclu 阅读全文
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传送门 题目翻译 解题思路 如果贡献为a[i]，大家都会求，而现在变成了乘积的和，怎么求呢？ 首先我们观察到n+m为奇数，所以我们可以想到右对角线（左上到右下）。 通过找规律，我们发现，当i+j为奇数时，我们走了偶数步，这时加上乘积（上一步的值*这一步的值）； 当i+j为偶数时，我们走了奇数步，这时 阅读全文
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传送门 解题思路 就是一道树形dp的模板。 偷得课件QAQ： 这个题用dp[i][0]表示i不去时以i为根的子树的最大快乐指数， dp[i][1]表示i去时以i为根的子树的最大快乐指数。 然后转移方程就很容易写出来了。见代码。 最后要注意输入的u,v是v是u的上司。 AC代码 1 #include< 阅读全文
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传送门 解题思路 把所有的图读进去后，枚举每一个点，求出从这个点出发所能经过的最远距离，因为只能向低处走，所以其实是一张有向无环图，可以进行记忆话搜索。 AC代码 1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 using namespace std; 4 int 阅读全文
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传送门 匈牙利算法 匈牙利算法（别名“找对象游戏”），就是给你一个二分图，求最大匹配。 最大匹配就是做多能连多少条边。 我们把这个抽象的概念转化成现实问题——找对象。 男女两组，男生A组，女生B组，每一个男生都有自己喜欢的女生（可能不止一个），作为上帝的你，尽可能的让更多的人成为男女朋友。 怎么做呢 阅读全文
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2019.11.16~2019.11.17 ——第一届CSP（值得载入史册） //咕到了2020年才写的，可能有些地方不太准确，请原谅。 Day0 上午在学校上完文化课，下午就跟着一种的dalao们一同坐车去了日照外国语大学（就是夏令营举办的地点）。 当然是一车的游戏QAQ 又回到了熟悉的校园——熟 阅读全文
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传送门 解题思路 个人认为这根本不是模板，而这题更倾向于LCS在某种特殊情况下的一种优化时间的方法。 真正的模板：LCS模板 这道题就是在两个字符串都是1~n的全排列时可以把时间复杂度从n2优化到nlogn。 把s2中的每一个元素在s1中的位置用一个数组记录下来，然后对这个数组做一遍最长上升子序列（ 阅读全文
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传送门 解题思路 很显然的最长公共子序列（LCS）的板子。 定义：用dp[i][j]表示S1前i位和S2前j位的最长公共子序列。 状态转移： 当s1[i]==s2[j]时，dp[i][j]=dp[i-1][j-1]+1; 当s1[i]!=s2[j]时，dp[i][j]=max(dp[i-1][j], 阅读全文
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传送门 解题思路 很显然，把这个字符串倒过来，再与原来的做一个lcs即可。 最后用长度-lcs长度就是答案。 AC代码 1 #include<iostream> 2 #include<cstring> 3 using namespace std; 4 int n,dp[1005][1005]; 5 阅读全文
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传送门 解题思路 首先想暴力做法： 每一次比赛前都sort一遍，然后两两比较，总复杂度为O(R*(n+2n*log(2n)))，最大约为1.5*10^8，而且会跑满，所以需要优化。 怎么优化呢？ 我们发现这样一条性质： 假设排好序的序列为1，2，3，4（1>2>3>4）。这时进行比赛（1和2，3和4 阅读全文
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传送门 解题思路 很容易我们可以得出结论， 当地板上的玩具数不足k个时，直接放。 当玩具数量等于k时，从地板上拿走的玩具一定是在地板上玩具中，下一次使用昨晚的那一次。 所以我们用一个优先队列存地板上的玩具，重载运算符，比较next[i]的大小。 接下来想一下怎么求next数组。 可以倒着枚举玩具序列 阅读全文