摘要：
洛谷传送门 CF传送门 解题思路 先考虑没有限制负数的情况，很显然就是用一个栈，每次与栈顶能配对就配对。 当有限制负数时，会出现错误，如 1 1 3 3 -1 -1，此时我们不能让前两个1相配对。 这是进行以下两个改动： 因为要求是正数在负数前面，所以我们进行倒序枚举。 若当前数要求为负数，则直接入 阅读全文
摘要：
洛谷传送门 CF传送门 解题思路 先想O(n^2)暴力，第一层循环为序列a1的最终长度i，第二层循环为序列a3的最终长度j，那么操作次数为原序列a1给a2和a3的数字个数+a2给a1a3的个数+a3给a1a2的个数。 可以预处理出三个数组，cnt1[i]表示序列a1中1……i中有几个数字，cnt2[ 阅读全文
摘要：
洛谷传送门 CF传送门 解题思路 紫题？？ 洛谷的题目颜色真的太准！ 读完题，我们可以发现以下结论： 栈内元素清空后，剩下的元素从大到小放入答案序列尾部； 比栈顶元素小的元素在栈底则无解 所以思路即为：把给定的元素全部压入栈中，压入栈的过程中同时能弹出就弹出（要符合字典序，即从1开始），然后对剩下的 阅读全文
摘要：
传送门 解题思路 先读懂题目： 有一个等差数列（未排序），共有n个数字，需要你猜出公差和最小的数字。 你共有60次询问机会，每一次有两种选择： ？i，返回ai的值 > i，返回是否存在一个数严格大于i 最后给出答案。 思路? 首先用二分查找得到最大值，使用最多三十次左右询问次数（a<=10^9）。 阅读全文
摘要：
传送门 解题思路 看到题的第一眼，直觉告诉我要把所有的数乘在最大的数身上，但举了一个反例： 2 1 2 2 3 这样乘在2身上明显答案更优。 所以并不能确定应该乘在谁的身上，但是可以保证一定是把所有数都乘在一个数身上。 那么怎么优化O(n^2)的时间复杂度呢？ 我们可以预处理一个数组存所有数字二进制 阅读全文
摘要：
传送门 解题思路 开21棵线段树，把数字拆成二进制存，然后对每一位进行操作。 注意+-*/和&^|等不能混用，都各自是闭环，两者毫无规律可言！ 所以就开21棵线段树。 AC代码 1 #include<iostream> 2 #include<algorithm> 3 #include<cmath> 阅读全文
摘要：
传送门 莫队 莫队就是一个优雅的暴力。 莫队就是把询问分块+排序，第一关键字为左端点在第几块，第二关键字为区间右端点。 条件？问题离线，询问的是区间。 名字由来？一个国家队队长发明的= 解题思路 对于区间i...j，成功的概率为: 不必解释了（学过排列组合的都懂，像我一样没学过的也想不懂） 整理一下 阅读全文
摘要：
传送门 解题思路 一言一概之，动态求区间众数。 瞄一眼数据范围，大约n根号n——分块大法好！ 先把读入的数据离散化，然后进行分块处理。 对于每一个询问，把它分成整块和零散快处理： 整块：预处理i到j块的众数，直接O(1)询问。 零散快：预处理从1到n每个数出现的位置，枚举零散快的数字，二分查找询问的 阅读全文
摘要：
前言 wc真是比某某学堂实惠多了 Day1~Day3 三天快乐的网课时光。 竟然有两个课堂…… 默默地QQ问问xhy有没有录 禁 赛 三 年 警 告 ！！ Day4 上午继续网课，下去一点半贾老师开车带着我们去济南的山东师范大学。 路上车轮胎出问题了，高速上耽误了一个多小时…… 当然就是多看了一个多 阅读全文
摘要：
传送门 分块大法好 分块 什么是分块 就是把一连串的东西分成几个部分，通常是分成√n个部分，每个部分√n个数字，然后每一块分开处理。（当然有别的情况） 有什么用 时间得到了优化，把n变成了sqrt(n)*log(sqrt(n))。这是一种优雅的暴力呢 主要思路？ 每一块内按照权值排序。对于每一次操作 阅读全文
摘要：
传送门 启发式合并 通俗点讲，就是将两个数据合并时，小的合并到大的里，这样就可以节约时间。 解题思路 再看看这个题，就是个板子题。 在两个节点信息合并起来时，让颜色数少的节点合并到颜色点多的节点上，实际操作时则是都是儿子的信息合并到父亲上，但是若儿子信息多于父亲，则交换一下信息（swap可做到O(1 阅读全文
摘要：
传送门 解题思路 先用字典树存储所有的字符串，然后对每个字符串进行判断是否能成为符合要求的字符串： 对于这个字符串的每一位，如果这一位上有别的字符串与之不同，那么一定就把别的字符串这一位上对应的字符j向这个字符串这一位上对应的字符t连一条边，表示我们规定的字母表中j大于t。 然后判断有没有环出现即可 阅读全文
摘要：
传送门 解题思路 普通的trie貌似会MLE 但是我们可以偷偷数组少开个零，就A了 想知道为什么？ 别问，问就是数据水。 其实正解map bitset等等…… 看来以后要学学bitset…… AC代码 1 #include<cstdio> 2 #include<iostream> 3 #includ 阅读全文
摘要：
传送门 解题思路 把每一个信息插入01字典树中，用vis[i]表示有多少个信息经过这个点，用vis2[i]表示有多少信息以i这个点结尾。 注意vis中不包含以其结尾的点。 然后对于每一条暗号，跑字典树，经过的点加上vis2[now]，结束时加上vis[now]，注意当因为匹配不到结束时不能加vis， 阅读全文
摘要：
传送门 解题思路 纯属为了想练trie树 其实map更简单 注意答案开longlong，数组开5*maxn AC代码 1 #include<cstdio> 2 #include<iostream> 3 #include<cstring> 4 #include<iomanip> 5 #include< 阅读全文