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传送门 解题思路 我们发现到某一位时，前面擦去那些数字并不影响当前位，影响的只有前面擦去的数量。 设dp[i][j]表示到第i个数共擦去j个数的答案。 则dp[i][j]=max(dp[i-1][j-1],dp[i-1][j]+(i-j==a[i])); 最后答案就是max(dp[n][j])。 A 阅读全文
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传送门 解题思路 本题从暴力dfs入手，推出dp转移方程。 先进行排序，速度越大编号越大。 假设齐王从最大开始的出马，dfs(now,l,r)表示齐王出到编号为now的马，田忌还剩下l-r之间的马（因为田忌一定是要么出最大的马，要么出最小的马）。 分类讨论，当田忌最大的马大于齐王，则一定拿下这场比赛 阅读全文
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今天拿下好几发最优解，对卡常有了很大的感悟。 尽量少用数组访问地址不连续的值，尽可能用单个变量在求解的for循环中读入并求解。 stl不开O2是真的慢，手写封装的数据结构也是蛮好看的。 取模运算非常慢，如果开long long可以少取几次模，那非常划算。 阅读全文
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洛谷传送门 解题思路 把有馅的面包的数量看做ai/ci，就转化成了多重背包的板子。 为了练习熟练度，于是使用单调队列优化多重背包。 本以为肯定是最优解，没想到竟被一个直接暴力拆成01背包的干翻了。。 不能放弃，于是就手写双端队列，再交了一遍，把它干翻了，拿到了最优解。 AC代码 #include<c 阅读全文
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传送门 解题思路 首先可以发现，无论怎么变，字母的和是不变的。 而且每个位置是多少都行（只要和别超）。 用dp[i][j]表示前i位的和为j的方案数。 然后枚举第j位可能情况（0~25），从dp[i-1][j-k]转移过来即可。 一种思路是先预处理这个dp数组，然后回答询问。 另一种思路是离线处理， 阅读全文
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洛谷传送门 解题思路 先用类似dp预处理出is[l][r]表示l到r这个区间是不是回文串。 然后在把is数组放到二维平面上，每次询问l,r实际上就是询问(l,l)到(r,r)这样一个矩阵的点的数量。 可以用二维前缀和处理出来，O(1)查询。 AC代码 #include<cstdio> #includ 阅读全文
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洛谷传送门 解题思路 最朴素的 dp 为：\(dp_{i,j}\) 为前 \(i\) 个数选 \(j\) 个方案数。 \(O(n^2)\) 的时空复杂度，很显然会炸，所以需要优化。 先考虑空间，第一维可以滚动数组滚掉，因为选的第 \(j\) 个数与上一个数是什么没关系。 再考虑时间上，尝试对于每个 阅读全文
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偶然学到了对拍的正确打开方式。 当然不只限于对拍，也可以偷懒用来测试样例。 首先应该写一个对拍程序： for(int i=1;i<=300;i++){ system("数据生成.exe > data.txt"); system("正解.exe < data.txt > ans.txt"); syst 阅读全文