AC自动机模板，可重新build
摘要：
struct AC_automation { int L; int next[maxnode][sigma_size]; int val[maxnode]; int fail[maxnode], last[maxnode]; int newnode() { ... 阅读全文
posted @ 2015-08-27 15:22 一个西瓜 阅读(189) 评论(0) 推荐(0) 编辑
Poj2480欧拉函数
摘要：
枚举n的约数d，∑d*phi(d) 就是所求答案，剩下的就是参考别人的证明。化简 p^i*phi(p^(k-i)) 可得 p^k - p^(k-1) ，注意特判 k==i的情况，注意LL。#define _CRT_SECURE_NO_WARNINGS#pragma comment(linker, "... 阅读全文
posted @ 2015-08-25 11:15 一个西瓜 阅读(155) 评论(0) 推荐(0) 编辑
Poj1456并查集
摘要：
线段树可以搞搞，按端点排个序，然后每次找端点以内最大的，然后删除。学了下并查集的搞法。先按价值贪心，每次拿走一个价值的时候，将这个价值所在集合的日期，推前一天，表示接下来日期在这段数内的物品只能在这段时间之前取，这个物品能取得日期为0的时候代表没法取了。#pragma comment(linker,... 阅读全文
posted @ 2015-08-14 16:57 一个西瓜 阅读(466) 评论(0) 推荐(0) 编辑
CF558E - A Simple Task线段树
摘要：
给出一个小写字母组成的字符串，然后q个操作，a,b,c ，c为0 ，将区间 [a,b] 按逆字典序排，c为1，将此区间按字典序排。用一颗线段树，维护每个节点各个字母出现的种类数，每次操作操作后，暴力将字母a组成的区间，字母b组成的区间等等，区间内所有元素更新为a，b，等等。打个lazy标记，区间更新... 阅读全文
posted @ 2015-08-13 21:04 一个西瓜 阅读(295) 评论(0) 推荐(0) 编辑
Hdu3501容斥原理
摘要：
题意：问小于n且不与n互质的数的和是多少。容斥原理求出和n互质的和，然后用 n*(n-1)/2 减以下，注意溢出。#pragma comment(linker,"/STACK:102400000,102400000") #define _CRT_SECURE_NO_WARNINGS#include#... 阅读全文
posted @ 2015-08-13 20:57 一个西瓜 阅读(175) 评论(0) 推荐(0) 编辑
Hdu1695容斥原理
摘要：
就是计算 区间[1,b/k] [1,d/k] 互质的对数，(3,4) 和(4,3)算一种。每次只加比他大的就行了。#pragma comment(linker,"/STACK:102400000,102400000") #define _CRT_SECURE_NO_WARNINGS#include#... 阅读全文
posted @ 2015-08-13 11:38 一个西瓜 阅读(168) 评论(0) 推荐(0) 编辑
Hdu2841容斥原理
摘要：
人在(0,0)点，问n*m的矩阵上的点有多少可以与人直接可见，其实就是矩阵上点与(0,0)点的形成的斜率种类数。#pragma comment(linker,"/STACK:102400000,102400000") #define _CRT_SECURE_NO_WARNINGS#include#i... 阅读全文
posted @ 2015-08-13 10:47 一个西瓜 阅读(287) 评论(0) 推荐(0) 编辑
Poj2773容斥原理
摘要：
题意：求第k个与m互质的数。容斥原理求出[1,L]与m互质的数，然后二分k即可。#define _CRT_SECURE_NO_WARNINGS#include#include#include#include#include#include#include#include#include#includ... 阅读全文
posted @ 2015-08-13 10:24 一个西瓜 阅读(173) 评论(0) 推荐(0) 编辑
Hdu4812点分治
摘要：
题意：在树上找一条链，使得链上点的乘积对1e6+3取模为k由于mod是质数，a*b%mod = c -> b = inv[a] * k;剩下就是树上的点分治了，每次划分重心之后，将所有点到根的距离存入hash表，并且在存入hash表的同时，可以查找此子树内过根符合条件的路径端点，并更新答案，每次以重... 阅读全文
posted @ 2015-08-13 10:21 一个西瓜 阅读(697) 评论(0) 推荐(0) 编辑
