2014年百度之星程序设计大赛 - 资格赛 1002 Disk Schedule（双调欧几里得旅行商问题）
Problem Description
有非常多从磁盘读取数据的需求。包含顺序读取、随机读取。
为了提高效率，须要人为安排磁盘读取。然而，在现实中。这样的做法非常复杂。
我们考虑一个相对简单的场景。磁盘有很多轨道，每一个轨道有很多扇区，用于存储数据。当我们想在特定扇区来读取数据时，磁头须要跳转到特定的轨道、详细扇区进行读取操作。为了简单，我们如果磁头能够在某个轨道顺时针或逆时针匀速旋转，旋转一周的时间是360个单位时间。磁头也能够任意移动到某个轨道进行读取。每跳转到一个相邻轨道的时间为400个单位时间。跳转前后磁头所在扇区位置不变。
一次读取数据的时间为10个单位时间，读取前后磁头所在的扇区位置不变。磁头同一时候仅仅能做一件事：跳转轨道，旋转或读取。如今，须要在磁盘读取一组数据，如果每一个轨道至多有一个读取请求，这个读取的扇区是轨道上分布在 0到359内的一个整数点扇区。即轨道的某个360等分点。
磁头的起始点在0轨道0扇区。此时没有数据读取。在完毕全部读取后，磁头须要回到0轨道0扇区的始点位置。
请问完毕给定的读取所需的最小时间。
Input
输入的第一行包括一个整数M（0<M<=100），表示測试数据的组数。对于每组測试数据，第一行包括一个整数N（0<N<=1000），表示要读取的数据的数量。之后每行包括两个整数T和S（0<T<=1000，0<= S<360），表示每一个数据的磁道和扇区，磁道是按升序排列，而且没有反复。
Output
对于每组測试数据，输出一个整数，表示完毕所有读取所需的时间。
Sample Input
3
1
1 10
3
1 20
3 30
5 10
2
1 10
2 11
Sample Output
830
4090
1642
这题目和双调欧几里得旅行商问题思想是一样的，从一个点出发，不反复的到达每个点，最后到达起点。求最短距离。
现学的这个，參考：
http://www.cppblog.com/doer-xee/archive/2009/11/30/102296.html
http://www.cnblogs.com/-sunshine/archive/2012/07/23/2605251.html
http://blog.csdn.net/xiajun07061225/article/details/8092247
代码：
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <cmath>
using namespace std;
const int maxn=1010;
const int inf=0x7fffffff;
int cas;
int n;
struct Node
{
int t,s;
}node[maxn];
double dp[maxn][maxn];
int dis(Node a,Node b)//计算两个磁道读取数据位置的距离（包含磁道距离+扇区距离）
{
int ci=abs(a.t-b.t)*400;
int MAX=(a.s>b.s?a.s:b.s);
int MIN=(a.s<b.s?a.s:b.s);
int shan=min(MAX-MIN,360-MAX+MIN);
return ci+shan;
}
int DP(int n)//双调欧几里得旅行商问题算法
{
dp[1][2]=dis(node[1],node[2]);
for(int j=3;j<=n;j++)
{
for(int i=1;i<=j-2;i++)
dp[i][j]=dp[i][j-1]+dis(node[j-1],node[j]);
dp[j-1][j]=inf;
for(int k=1;k<=j-2;k++)
{
int temp=dp[k][j-1]+dis(node[k],node[j]);
if(temp<dp[j-1][j])
dp[j-1][j]=temp;
}
}
dp[n][n]=dp[n-1][n]+dis(node[n-1],node[n]);
return dp[n][n];
}
int main()
{
cin>>cas;
while(cas--)
{
cin>>n;
node[1].t=0,node[1].s=0;
for(int i=1;i<=n;i++)
cin>>node[i+1].t>>node[i+1].s;
n++;
cout<<DP(n)+10*(n-1)<<endl;//别忘了加上读取数据的时间
}
return 0;
}
