摘要：
这题勾起我伤心的回忆啊就是这题，在北信夏令营测试上面作为D题原题，卡了我两三个小时，眼睁睁看着做过此题的ACMER们抢走机会，痛哉~Orz知耻而后勇，AC300发誓坚持到底，为尊严而战算法分析：其实这就是个简单的模拟题，用数组做就行，根本没必要用栈，当时还在反复想怎么用栈的STL，晕。用一个数组sequence很容易根据给出的P序列来还原括号序列，1代表作左括号，0代表右括号，每次赋值0之前先赋足够的1在它之前。然后根据sequence数组输出w序列，扫描数组，每遇到一个左括号，就计数它前面还没有匹配的第一个左括号是哪个，然后查这对匹配的括号之间有几个右括号输出即可。多简单的一道题，却由于没有 阅读全文
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在做ACM题时，经常都会遇到一些比较大的整数。而常用的内置整数类型常常显得太小了：其中long 和 int 范围是[-2^31,2^31)，即-2147483648~2147483647。而unsigned范围是[0,2^32)，即0~4294967295。也就是说，常规的32位整数只能够处理40亿以下的数。 那遇到比40亿要大的数怎么办呢？这时就要用到C++的64位扩展了。不同的编译器对64位整数的扩展有所不同。基于ACM的需要，下面仅介绍VC6.0与g++编译器的扩展。 VC的64位整数分别叫做__int64与unsigned __int64，其范围分别是[-2^63, 2^63)与[.. 阅读全文
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开始用了暴力枚举，后来一看数据这么大，估计肯定超时，无奈上网搜索了一下，考察的是扩展欧几里德算法，还有比较大的整数_int64的处理。转自http://apps.hi.baidu.com/share/detail/16229280 设过s步后两青蛙相遇，则必满足以下等式： (x+m*s)-(y+n*s)=k*l(k=0,1,2....) 稍微变一下形得： (n-m)*s+k*l=x-y 令n-m=a,k=b,x-y=c,即 a*s+b*l=c 只要上式存在整数解，则两青蛙能相遇，否则不能。 首先想到的一个方法是用两次for循环来枚举s,l的值，看是否存在s,l的整数解... 阅读全文
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#include <iostream>using namespace std;int main(){ int n,rc[101][101]; int i,j,tempsr[101],tempsc[101],x[101],y[101]; while(cin>>n,n!=0){ for (i = 0;i < n;i++) for (j = 0;j < n;j++) cin>>rc[i][j]; //若行的奇数和的个数不等于列的奇数和的个数则Corrupt //若均为0 则OK //若相等 则可作变换,可以一一配对得到交点就是变换点 memset(te 阅读全文
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在王晓东算法书上有讲解，是最大子序列和问题的拓广#include <iostream>using namespace std;int rec[102][102];int b[100];int main(){ int n,k,s,sum,max; int i,j; cin>>n; for (i = 0;i < n;i++) for (j = 0;j < n;j++) { cin>> rec[i][j]; } s = 0; for (i = 0;i < n;i++) { for (k = 0;k < n;k++) b[k] = 0; fo 阅读全文