http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1175
连连看
Time Limit: 20000/10000 MS (Java/Others) Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 6822 Accepted Submission(s): 1758
Problem Description
“连连看”相信很多人都玩过。没玩过也没关系，下面我给大家介绍一下游戏规则：在一个棋盘中，放了很多的棋子。如果某两个相同的棋子，可以通过一条线连起来（这条线不能经过其它棋子），而且线的转折次数不超过两次，那么这两个棋子就可以在棋盘上消去。不好意思，由于我以前没有玩过连连看，咨询了同学的意见，连线不能从外面绕过去的，但事实上这是错的。现在已经酿成大祸，就只能将错就错了，连线不能从外围绕过。
玩家鼠标先后点击两块棋子，试图将他们消去，然后游戏的后台判断这两个方格能不能消去。现在你的任务就是写这个后台程序。
玩家鼠标先后点击两块棋子，试图将他们消去，然后游戏的后台判断这两个方格能不能消去。现在你的任务就是写这个后台程序。
Input
输入数据有多组。每组数据的第一行有两个正整数n,m(0<n<=1000,0<m<1000)，分别表示棋盘的行数与列数。在接下来的n行中，每行有m个非负整数描述棋盘的方格分布。0表示这个位置没有棋子，正整数表示棋子的类型。接下来的一行是一个正整数q(0<q<50)，表示下面有q次询问。在接下来的q行里，每行有四个正整数x1,y1,x2,y2,表示询问第x1行y1列的棋子与第x2行y2列的棋子能不能消去。n=0,m=0时，输入结束。
注意：询问之间无先后关系，都是针对当前状态的！
注意：询问之间无先后关系，都是针对当前状态的！
Output
每一组输入数据对应一行输出。如果能消去则输出"YES",不能则输出"NO"。
Sample Input
3 4
1 2 3 4
0 0 0 0
4 3 2 1
4
1 1 3 4
1 1 2 4
1 1 3 3
2 1 2 4
3 4
0 1 4 3
0 2 4 1
0 0 0 0
2
1 1 2 4
1 3 2 3
0 0
Sample Output
YES NO NO NO NO YES
Author
lwg
我的代码
1 #include <stdio.h>
2 const int N=1001;
3 struct direction
4 {
5 int u,d,l,r;
6 }p[N][N];
7 int a[N][N],m,n;
8 void getp()
9 {
10 int i,j;
11 for (j=1;j<=n;j++) p[1][j].u=1;
12 for (i=2;i<=m;i++)
13 for (j=1;j<=n;j++)
14 if (a[i-1][j]==0) p[i][j].u=p[i-1][j].u;
15 else p[i][j].u=i;
16 for (j=1;j<=n;j++) p[m][j].d=m;
17 for (i=m-1;i>0;i--)
18 for (j=1;j<=n;j++)
19 if (a[i+1][j]==0) p[i][j].d=p[i+1][j].d;
20 else p[i][j].d=i;
21 for (i=1;i<=m;i++) p[i][1].l=1;
22 for (j=2;j<=n;j++)
23 for (i=1;i<=m;i++)
24 if (a[i][j-1]==0) p[i][j].l=p[i][j-1].l;
25 else p[i][j].l=j;
26 for (i=1;i<=m;i++) p[i][n].r=n;
27 for (j=n-1;j>0;j--)
28 for (i=1;i<=m;i++)
29 if (a[i][j+1]==0) p[i][j].r=p[i][j+1].r;
30 else p[i][j].r=j;
31 }
32 int ok(int x1,int y1,int x2,int y2)
33 {
34 int up,down,left,right,t,i;
35 if (x1==x2 && y1==y2) return 0;
36 if (a[x1][y1]==0 || a[x2][y2]==0) return 0;
37 if (a[x1][y1]!=a[x2][y2]) return 0;
38 if (y1!=y2)
39 {
40 if (y1>y2)
41 {
42 t=x1; x1=x2; x2=t;
43 t=y1; y1=y2; y2=t;
44 }
45 up = p[x1][y1].u>p[x2][y2].u?p[x1][y1].u:p[x2][y2].u;
46 down = p[x1][y1].d<p[x2][y2].d?p[x1][y1].d:p[x2][y2].d;
47 for (i=up;i<=down;i++)
48 if (p[i][y1].r+1>p[i][y2].l-1) return 1;
49 }
50 if (x1!=x2)
51 {
52 if (x1>x2)
53 {
54 t=x1; x1=x2; x2=t;
55 t=y1; y1=y2; y2=t;
56 }
57 left = p[x1][y1].l>p[x2][y2].l?p[x1][y1].l:p[x2][y2].l;
58 right = p[x1][y1].r<p[x2][y2].r?p[x1][y1].r:p[x2][y2].r;
59 for (i=left;i<=right;i++)
60 if (p[x1][i].d+1>p[x2][i].u-1) return 1;
61 }
62 return 0;
63 }
64 void main()
65 {
66 int q,x1,y1,x2,y2,i,j;
67 while (scanf("%d%d",&m,&n))
68 {
69 if (0==m && 0==n) break;
70 for (i=1;i<=m;i++)
71 for (j=1;j<=n;j++) scanf("%d",&a[i][j]);
72 getp();
73 scanf("%d",&q);
74 while (q--)
75 {
76 scanf("%d%d%d%d",&x1,&y1,&x2,&y2);
77 if (ok(x1,y1,x2,y2)) printf("YES\n");
78 else printf("NO\n");
79 }
80 }
81 }
