练习记录-cf-Educational Codeforces Round 147 （A-D）
打的很烂的一场 C想了很久 D的贪心没有贪好 赛后一小时补起来了 谁是nc 我是nc！
A. Matching
问有多少种情况能匹配 就计算？的个数 x10x10......
如果第一个是？ 那么就是9x10x10...
如果第一个是0 不能有前导0 就输出0
#include<bits/stdc++.h> #define close std::ios::sync_with_stdio(false),cin.tie(0),cout.tie(0) using namespace std; typedef long long ll; const ll MAXN = 3e5+7; const ll mod =1e9+7; const ll inf =0x3f3f3f3f; const ll INF =0x3f3f3f3f3f3f3f3f; int f[2]; void solve(){ string s;cin>>s; f[0]=0,f[1]=0; int n=s.length(); int flag=0,res=0,cnt=0; int ans=1; for(int i=0;i<n;i++){ if(s[i]=='?'){ if(flag==0) { res=1; }cnt++;flag=1; f[0]=f[0]*10+9; } else{ flag=1; int k=s[i]-'0'; f[0]=f[0]*10+k; } } for(int i=0;i<cnt;i++){ if(res) ans*=9,res--; else ans*=10; } if(f[0]==0||s[0]=='0') ans=0; cout<<ans<<"\n"; } signed main(){ close; int t;cin>>t; while(t--) solve(); }
B. Sort the Subarray
题目没看清 这个题就是问你 执行一次操作 使第一个数组等于第二个 问选择区间最长的区间
以为可以执行很多次 但是其实只有一次 因此上下不同的数字肯定要丢上去 所以我直接记录第二个数组的非递减长度，如果上下不一样 flag=1 才能取max 如果非递减结束 flag=0 防止后续影响
#include<bits/stdc++.h> #define close std::ios::sync_with_stdio(false),cin.tie(0),cout.tie(0) using namespace std; typedef long long ll; const ll MAXN = 3e5+7; const ll mod =1e9+7; const ll inf =0x3f3f3f3f; const ll INF =0x3f3f3f3f3f3f3f3f; int a[MAXN],b[MAXN]; void solve(){ int n;cin>>n; for(int i=1;i<=n;i++) cin>>b[i]; for(int i=1;i<=n;i++) cin>>a[i]; int maxs=0,cnt=1,r; int flag=0; for(int i=2;i<=n;i++){ if(a[i]!=b[i]) flag=1; if(a[i]>=a[i-1]) { cnt++; } else{ cnt=1; flag=0; } if(cnt>maxs&& flag){ maxs=cnt; r=i; } } cout<<r-maxs+1<<" "<<r<<"\n"; } signed main(){ // close; int t ;cin>>t; while(t--) solve(); }
C. Tear It Apart
想了很久怎么搞 但实际上打个表就知道怎么搞了。。。
设某个字符char切割后的字符串有至少两个区间（反正取一个区间的必不可能是最优解，消不掉而且最大 不用管） 那么 区间消的次数肯定是以最大的为准
两个区间最大的为1 只需要一次就行
2---2
3---2
4---3
5---3
........
8----4
我们发现 这个最大值都是log2（n）+1
然后就可以直接写了
#include<bits/stdc++.h> #define close std::ios::sync_with_stdio(false),cin.tie(0),cout.tie(0) using namespace std; typedef long long ll; const ll MAXN = 3e5+7; const ll mod =1e9+7; const ll inf =0x3f3f3f3f; const ll INF =0x3f3f3f3f3f3f3f3f; int lowbit(int x){ return x&-x; } int gcd(int x,int y){int k=0; if(x<y){k=x;x=y;y=k;}while(x%y!=0){k=x%y;x=y;y=k;}return y;} ll _power(ll a,int b){ll ans=1,res=a;while(b){if(b&1) ans=ans*res%mod;res=res*res%mod;b>>=1;}return ans%mod;} void solve(){ string s; cin>>s; int n=s.length(); int ans=inf; for(char i='a';i<='z';i++){ int cnt=0,maxs=0; for(int j=0;j<n;j++){ if(s[j]==i) cnt=0; else cnt++; maxs=max(cnt,maxs); } ans=min(ans,maxs); } if(ans==0) cout<<0<<"\n"; else{ int k=log2(ans); cout<<k+1<<"\n"; } } signed main(){ int t;cin>>t; while(t--) solve(); }
D. Black Cells
给定很多个不相交的区间 从0开始走 往无限大走，可以执行3个操纵 1-往右走一步 2-按下shift 开始标记路径 3-松开shift 结束标记
只有在给定区间 才能按下/松开shift
这个题的关键在于长度为1的区间 下面给出一个例子方便理解
9 7
1 3 5 7 9 11 13 15 18
1 3 5 7 9 11 13 16 25
我们需要取的是7个 前面1刚好有7个 但是这样显然不是最优解 显然取 15-16，18-22才是最优解
因为在黑色格子后面还能连续的时候 往后走一位只是让总数+1 但是去掉一个前面的1会让总数-2 会赚一个
我的思路就是 枚举每一个区间 当这个区间为结束区间的时候 需要的步数是多少 取最大值即可
显然的 区间长度>=2就必须取上 后面不管怎么样都是赚 就从前往后扫每个区间 如果加上这个区间后的总数(res)>=需要的数(m)
那么我们相当于有res-m的空挡可以用来交换前面的1 此时指针结束的位置就是 r(右端点)-res+m+min(res-m,cnt);
换掉多少个1 就给记录 取区间个数的变量(sum) -2 给剩余可交换的减少这么多
再往后遍历区间 因为1特别多的情况下 可能出现取很多个后面的区间仍然是赚的情况 所以不能break
代码比较乱 如下 中间传vector是之前看错题目 以为区间相交 无视就行orz
#include<bits/stdc++.h> #define close std::ios::sync_with_stdio(false),cin.tie(0),cout.tie(0) using namespace std; typedef long long ll; const ll MAXN = 3e5+7; const ll mod =1e9+7; const ll inf =0x3f3f3f3f; const ll INF =0x3f3f3f3f3f3f3f3f; #define int long long struct node{ int l,r; }a[MAXN]; vector<pair<int,int> > sz; bool bj(node p,node q){ if(p.l!=p.l) return p.l<q.l; else return p.r<q.r; } void solve(){ int n,m;cin>>n>>m; sz.clear(); for(int i=0;i<n;i++){ cin>>a[i].l; } for(int i=0;i<n;i++){ cin>>a[i].r; } sort(a,a+n,bj); // int last=-2; for(int i=0;i<n;i++){ int ll=sz.size(); // if(a[i].l==last+1){ // sz[last-1].second=a[i].r; // last=a[i].r; // } // else { sz.push_back({a[i].l,a[i].r}); // last=a[i].r; // } } int cnt=0,res=0,sum=0,ans=inf; for(auto i:sz){ int l=i.first,r=i.second; if(r-l==0) cnt++;//记录个数 res+=r-l+1;//目前区间的长度和 sum+=2; if(res>=m){ int k=res-m; k=min(k,cnt);int last; last=r-res+m+k;//记录结束点 cnt-=k;//肯定要减去 因为这个区间必须要取（如果这个是1 不影响） 才能往后 sum-=2*(k); ans=min(ans,sum+last); res=m;//防止之后的操作出问题，要变回m 计算下个区间 } } if(ans==inf) ans=-1; cout<<ans<<"\n"; } signed main(){ int t;cin>>t; while(t--) solve(); }
E之后再补 我是菜鸡 写错轻喷 感谢大佬能看完ORZ
