摘要：
给出一组数据，最大值为left，和为right。在[left，right]区间进行二分！！！代码： 1 #include 2 #include 3 #include 4 #include 5 #include 6 #include 7 #include 8 #define ll __int64 9 #define pi acos(-1.0)10 #define MAX 5000011 using namespace std;12 int an[100005];13 int main(){14 int n,m,i,sum,left,right=0,mid,t;15 while(c... 阅读全文
摘要：
首先来看一下Sample里的第一组数据。1 2 2 1 2经过一次变换之后就成了5 5 5 5 4它的原理就是a0 a1 a2 a3 a4->(a4+a0+a1) (a0+a1+a2) (a1+a2+a3) (a2+a3+a4) (a3+a4+a0)如果用矩阵相乘来描述，那就可以表述为1xN和NxN的矩阵相乘，结果仍为1xN矩阵a = 1 2 2 1 2 b = 1 1 0 0 11 1 1 0 00 1 1 1 00 0 1 1 11 0 0 1 1a * b = 5 5 5 5 4所以最终结果就是：a * (b^k)线性代数不合格的同鞋表示压力很大。。对一个NxN矩阵求k次方，而且这 阅读全文
摘要：
2个星球周期为a,b。则相差半周的长度为a*b/(2*abs(a-b)),对于n个只需求这n个分数的最小公倍数即可！公式：分数的最小公倍数 = 分子的最小公倍数/分母的最大公约数由于涉及到大数所以用java写的方便！ 1 import java.math.*; 2 import java.util.*; 3 4 public class Main { 5 public static void main(String arg[]){ 6 Scanner cin = new Scanner(System.in); 7 int n = cin.nextInt... 阅读全文
摘要：
由于k的范围是0-2^31,而且x,y,z都是正整数，由题易知道2#include#include#include#include#include#include#include#define ll __int64#define pi acos(-1.0)#define MAX 50000using namespace std;ll pows(ll a,ll b){ ll ans=1; while(b){ if(b&1) ans*=a; b>>=1; a*=a; } return ans;}int main(){ int... 阅读全文
摘要：
置换群就可以搞定！！！注意下格式就好了…… 1 #include 2 #include 3 #include 4 #include 5 #include 6 #include 7 #include 8 #include 9 #define ll __int6410 #define pi acos(-1.0)11 #define MAX 5000012 using namespace std;13 int code[202],an[202];14 char str1[202],str2[202];15 void init(int n)16 {17 int i,j,t;18 for... 阅读全文
摘要：
思路：仔细读题，看到FARMER是两两交换牛的顺序进行排序的话，应该就往置换上靠拢，而这个题果然是置换的应用（有的解题报告上说是置换群，其实这只是单个置换，不用让它构成群）。我们来将这些无序的牛抽象成一个置换，一次移动就是对一对元素置换。举个例子: 那么我们用置换环表示应该是(1 6 5)(2 3 4)这样两个3阶环，也就是说这六头牛是两个无序子序列，每个子序列内部按坐标排好序则整体有序，既然要使代价最小，我们就应该让置换的次数尽量少，置换的两个数和尽量小。根据上面的划分，我们知道在一个长度为m的环中至少要移动... 阅读全文
摘要：
组合数学！！！详情见：http://hi.baidu.com/lxyzmnwvhokptur/item/18c806469a668fe31e19bc1a#0 1 #include 2 #include 3 #include 4 #include 5 #include 6 #include 7 #include 8 #define ll __int64 9 #define pi acos(-1.0)10 #define MAX 5000011 using namespace std;12 char a[10];13 int C(int n,int m){14 int sum =1;15 ... 阅读全文
摘要：
题解：使用排列组合的知识解决！！！主要求1-n之间的Round Numbers，然后减下就可以了，现在主要就是怎样求n以内的Round Numbers数。分2部分求：1.计算出n的2进制位数为m，这1-(m-1)之间的数可以很快求出，当为偶数2k的时候：C(2k-1,k)+C(2k-1,k+1)+……+C(2k-1,2k-1)=2^(2k-2);当为奇数2k+1的时候：C(2k,k+1)+C(2k,k+2)+……+C(2k,2k)=2^(2k-1)-1/2*C(2k,k);2.再就是求m个2进制位时的Round Numbers数。由于第一个数一定是1所以不变然后继续向低位扫描，并计数0的个数， 阅读全文
摘要：
动态规划！！！ 1 #include 2 #include 3 #include 4 #include 5 #include 6 #include 7 #include 8 #define ll __int64 9 #define pi acos(-1.0)10 #define MAX 5000011 using namespace std;12 ll dp[202][202];13 int score[5][5]={14 5,-1,-2,-1,-3,15 -1,5,-3,-2,-4,16 -2,-3,5,-2,-2,17 -1,-2,-2,5,-1,18 ... 阅读全文
摘要：
数据不是很大，直接枚举约数，判断4个条件是否满足！这样就得到4种卡片，总共2^4种情况，枚举各种情况即可！！！ 1 #include 2 #include 3 #include 4 #define MAX 5000005 5 #define ll long long 6 using namespace std; 7 bool ispri[MAX]; 8 int extra[4]; 9 struct card 10 { 11 int score,num,s; 12 }p[1002]; 13 bool cmp(const card &aa,const card &bb){... 阅读全文