[BZOJ1902]:[NOIP2004]虫食算（搜索）
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题目描述
所谓虫食算，就是原先的算式中有一部分被虫子啃掉了，需要我们根据剩下的数字来判定被啃掉的字母。
来看一个简单的例子：
43#98650#45+8468#6633=44445506978
其中#号代表被虫子啃掉的数字。根据算式，我们很容易判断：第一行的两个数字分别是5和3，第二行的数字是5。 现在，我们对问题做两个限制： 首先，我们只考虑加法的虫食算。这里的加法是N进制加法，算式中三个数都有N位，允许有前导的0。 其次，虫子把所有的数都啃光了，我们只知道哪些数字是相同的。我们将相同的数字用相同的字母表示，不同的数字用不同的字母表示。如果这个算式是N进制的，我们就取英文字母表中的前N个大写字母来表示这个算式中的0到N-1这N个不同的数字（但是这N个字母并不一定顺序地代表0到N-1）。输入数据保证N个字母分别至少出现一次。
BADC+CBDA=DCCC
上面的算式是一个4进制的算式。很显然，我们只要让ABCD分别代表0123，便可以让这个式子成立了。你的任务是，对于给定的N进制加法算式，求出N个不同的字母分别代表的数字，使得该加法算式成立。输入数据保证有且仅有一组解。
输入格式
包含4行。第一行有一个正整数N，后面的3行每行有一个由大写字母组成的字符串，分别代表两个加数以及和。这3个字符串左右两端都没有空格，从高位到低位，并且恰好有N位。
输出格式
包含一行。在这一行中，应当包含唯一的那组解。解是这样表示的：输出N个数字，分别表示A，B，C……所代表的数字，相邻的两个数字用一个空格隔开，不能有多余的空格。
样例
样例输入：
5
ABCED
BDACE
EBBAA
样例输出：
1 0 3 4 2
数据范围与提示
对于全部的数据，保证有N≤26。
题解
官方正解是高斯消元，不得不承认高斯消元用来做这道题的确要比搜索简单。
先来算一下时间复杂度，高斯消元：O(${n}^{3}$)，搜索：O(${n}^{n}$)。
不管你怎么说，我感觉${n}^{n}$挺帅的。
所以我就去搜索了哇～
显然不能直接爆搜，卡长卡的好没准能跑过n=9，n≥10想都别想了。
那么考虑剪枝：
为简便，地一个字符串称为A，第二个字符串称为B，第三个字符串称为C。
首先你肯定会想到，如果A+B肯定不能得到C，那么就不要往下搜了。
这里需要注意的是，有可能会存在进位。
然后接着考虑，小学的时候数学老师教给你竖式加法的时候，我们都是从最右边网左算。
那么转换到这道题，我们也可以从右往左搜，这样就能更快的把枝剪掉了（注意你的judge函数要优秀）。
还有一种情况，就是如果最前面出现了进位，那么是要剪掉的，所以我们先搜大的数可以更快的出现进位，进而更快的剪掉这个枝。
所以从大往小搜必不可少。
有了这些我就可以轻松A掉这道题了，但是作为一名卓越的OIER，我们还要考虑怎么让代码跑的更快。
所以我就讲一下所有的剪枝：
1.最前面出现进位直接return false，或者A和B串开头位相加比C串开头位大，也要return false。
2.从左往右开始judge，首先，在A，B，C串都没有出现有字母没有赋值的情况的时候，可以按照严格的带进位的加法进行判断。
3.在出现了一个数没有赋值之后，我们就要按照考虑进位与不进位开始考虑了。
$\alpha$.最好想到的就是无论进不进位都无法满足的话，就return false。
$\beta$.如果当前位有两个数已经赋值，一个数还没有赋值，那么如果根据这两个数所算出来的第三个数已经被使用（赋值不能重复），那么可以提前剪掉。
如果这些都能满足的话，则继续往前搜。
代码时刻
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
bool vis[27];
int wzc[27];
int ans[27];
int n;
int a[27],b[27],c[27];
int sor[27],cnt;
char ch1[27],ch2[27],ch3[27];
inline bool _wzc()//judge
{
int wzc=0,_=0;
if(ans[a[0]]+ans[b[0]]>=n)return 0;//判断开头进不进位
if(ans[c[0]]!=-1)//还是在开头剪枝
{
if(ans[a[0]]>ans[c[0]]||ans[b[0]]>ans[c[0]])return 0;
if(ans[a[0]]!=-1&&ans[b[0]]!=-1&&ans[a[0]]+ans[b[0]]!=ans[c[0]]&&ans[a[0]]+ans[b[0]]+1!=ans[c[0]])return 0;
}
for(int i=n-1;i>=0;i--)//全都被赋过值
{
if(ans[a[i]]==-1||ans[b[i]]==-1||ans[c[i]]==-1)//出现有没有被赋过值的
{
_=i;
break;
}
if((ans[a[i]]+ans[b[i]]+wzc)%n!=ans[c[i]])return 0;//严格带进未搜索
wzc=(ans[a[i]]+ans[b[i]]+wzc)/n;
}
for(int i=_;i>=0;i--)//开始考虑进位与不进位，以下分情况，注意代码中“!=”和“==”。
{
if(ans[a[i]]!=-1&&ans[b[i]]!=-1&&ans[c[i]]!=-1)
if((ans[a[i]]+ans[b[i]])%n!=ans[c[i]]&&(ans[a[i]]+ans[b[i]]+1)%n!=ans[c[i]])return 0;
if(ans[a[i]]!=-1&&ans[b[i]]!=-1&&ans[c[i]]==-1)
if((vis[(ans[a[i]]+ans[b[i]])%n])&&vis[(ans[a[i]]+ans[b[i]]+1)%n])return 0;
if(ans[a[i]]!=-1&&ans[b[i]]==-1&&ans[c[i]]!=-1)
if((vis[ans[c[i]]-ans[a[i]]])&&vis[ans[c[i]]+ans[a[i]]-1]&&vis[c[i]+n-ans[a[i]]]&&vis[c[i]+n-ans[a[i]]-1])return 0;
if(ans[a[i]]==-1&&ans[b[i]]!=-1&&ans[c[i]]!=-1)
if((vis[ans[c[i]]-ans[a[i]]])&&vis[ans[c[i]]+ans[a[i]]-1]&&vis[c[i]+n-ans[a[i]]]&&vis[c[i]+n-ans[a[i]]-1])return 0;
}
return 1;
}
void dfs(int x)
{
if(!_wzc())return;
if(x==n)
{
if(_wzc())
{
for(int i=0;i<n;i++)
printf("%d ",ans[i]);
exit(0);//搜到结果直接结束
}
}
for(int i=n-1;i>=0;i--)//反向搜
{
if(!vis[i])
{
vis[i]=1;
ans[sor[x]]=i;
dfs(x+1);
vis[i]=0;
ans[sor[x]]=-1;
}
}
return;
}
int main()
{
scanf("%d",&n);
scanf("%s%s%s",ch1,ch2,ch3);
for(int i=0;i<n;i++)
{
a[i]=ch1[i]-'A';
b[i]=ch2[i]-'A';
c[i]=ch3[i]-'A';
ans[i]=-1;
}
for(int i=n-1;i>=0;i--)//统计搜索顺序
{
if(!vis[a[i]])
{
vis[a[i]]=1;
sor[cnt++]=a[i];
}
if(!vis[b[i]])
{
vis[b[i]]=1;
sor[cnt++]=b[i];
}
if(!vis[c[i]])
{
vis[c[i]]=1;
sor[cnt++]=c[i];
}
}
memset(vis,0,sizeof(vis));
dfs(0);
return 0;
}
rp++
