cf5 E. Bindian Signalizing

题意：

给定长为 $n$ 的环，对环上两点 $i,j$，若存在 $i$ 到 $j$ 的弧，弧中的数均不大于 $a_i$ 或 $a_j$，则称 $i$ 和 $j$ 可以互相看到。求可以互相看到的位置对数。

思路：

拆环成链，把最大的数 $mx$ 放在链头（可能不止一个最大的，但没关系）

在链尾也插一个 $mx$

对环中的位置 $i$，求左边最近的大于 $a_i$ 的位置 $left_i$ 和右边最近的大于 $a_i$ 的位置 $right_i$，则有两对 $<left_i,i>$ 和 $<i,right_i>$。另外 $(left_i,right_i)$ 中所有与 $i$ 相等的位置 $p$ 也会与 $i$ 配对，为了避免重复计数我们统计 $(left_i,i-1)$ 中 $p$ 的数量，记为 $same_i$

void sol() {
    int n; cin >> n;
    vector<int> a(n); for(int &x : a) cin >> x;
    
    rotate(a.begin(), max_element(a.begin(),a.end()), a.end());
    
    a.push_back(a[0]);
    
    vector<int> lef(n), rig(n), same(n);
    
    stack<int> stk;
    for(int i = 0; i < n; i++) {
        while(stk.size() && a[stk.top()] <= a[i]) {
            if(a[stk.top()] == a[i]) same[i] = same[stk.top()] + 1;
            stk.pop();
        }
        lef[i] = stk.size() ? stk.top() : -1;
        stk.push(i);
    }
    stack<int>().swap(stk); //清空
    stk.push(n);
    for(int i = n-1; i >= 0; i--) {
        while(stk.size() && a[stk.top()] <= a[i]) stk.pop();
        rig[i] = stk.size() ? stk.top() : -1;
        stk.push(i);
    }
    
    ll ans = 0; for(int i = 1; i < n; i++)
        ans += (lef[i] != -1) + (rig[i] != -1)
            - (lef[i] == 0 && rig[i] == n) + same[i]; //注意0与n是同一个位置
    cout << ans << '\n';
}