「杂题乱刷」CF1987D

合集 - 杂题乱刷(99)

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CF1987D World is Mine

提示

Alice 的策略是固定的。
考虑用动态规划解决问题。

解题思路

我们发现，Alice 的最优策略一定是每次取当前能取的美味值最小的蛋糕，而 Bob 的策略难以使用贪心维护。

于是我们考虑用动态规划来考虑 Bob 的策略。

我们发现，Bob 想让让 Alice 吃不到某种蛋糕，当且仅当 Bob 把这个种类的所有蛋糕都拿走了。因此我们需要开个桶来记录每个种类的蛋糕所出现的数量。

于是我们就可以将 Bob 蛋糕的个数加 $1$ 化为 Bob 拿蛋糕的代价（加上一是因为 Alice 是先手），而 $1$ 就是 Bob 获得的收益，于是我们就可以直接 dp， $d p_{i, j}$ 表示 Bob 考虑到前 $i$ 个蛋糕，花的代价为 $j$ 时可以拿掉的最大蛋糕种类数是多少。

最终答案即为直接用原本的蛋糕种类数减去 Bob 最大拿掉的蛋糕种类数。

时间复杂度 $O (n^{2})$ 。

参考代码

点击查看代码

/*
Tips:
你数组开小了吗？
你MLE了吗？
你觉得是贪心，是不是该想想dp？
一个小时没调出来，是不是该考虑换题？
打 cf 不要用 umap！！！

记住，rating 是身外之物。

该冲正解时冲正解！

Problem:

算法：

思路：

*/
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
//#define map unordered_map
#define re register
#define ll long long
#define forl(i,a,b) for(re ll i=a;i<=b;i++)
#define forr(i,a,b) for(re ll i=a;i>=b;i--)
#define forll(i,a,b,c) for(re ll i=a;i<=b;i+=c)
#define forrr(i,a,b,c) for(re ll i=a;i>=b;i-=c)
#define lc(x) x<<1
#define rc(x) x<<1|1
#define mid ((l+r)>>1)
#define cin(x) scanf("%lld",&x)
#define cout(x) printf("%lld",x)
#define lowbit(x) (x&-x)
#define pb push_back
#define pf push_front
#define IOS ios::sync_with_stdio(0),cin.tie(0),cout.tie(0);
#define endl '\n'
#define QwQ return 0;
#define db long double
#define ull unsigned long long
#define lcm(x,y) x/__gcd(x,y)*y
#define Sum(x,y) 1ll*(x+y)*(y-x+1)/2
#define aty cout<<"Yes\n";
#define atn cout<<"No\n";
#define cfy cout<<"YES\n";
#define cfn cout<<"NO\n";
#define xxy cout<<"yes\n";
#define xxn cout<<"no\n";
#define printcf(x) x?cout<<"YES\n":cout<<"NO\n";
#define printat(x) x?cout<<"Yes\n":cout<<"No\n";
#define printxx(x) x?cout<<"yes\n":cout<<"no\n";
ll t;
ll n;
ll a[5010];
ll b[5010];
ll c[5010],d[5010];
ll pd,ans;
ll lst,k;
ll dp[5010][5010];
/*
A选此时最小的

B选此时值最大且数量最少的 

dp!!!!

你发现每个东西有你需要拿的时间

还有什么时候之前你要拿掉

dp[i][j]表示第i个蛋糕，使用了j个时间的干掉的最大蛋糕数 
*/
/*
1  2  3  5  6  9
2  3  3  2  5  2

hack:
10
4
1 4 2 3
3
1 1 1
5
1 4 2 3 4
4
3 4 1 4
1
1
8
4 3 2 5 6 8 3 4
7
6 1 1 3 5 3 1
11
6 11 6 8 7 5 3 11 2 3 5
17
2 6 5 3 9 1 6 2 5 6 3 2 3 9 6 1 6
11
1 2 2 2 3 3 3 4 4 4 5
*/
void solve()
{
	pd=1,k=0;
	cin>>n;
	forl(i,1,n)
		cin>>a[i],b[a[i]]++;
	forl(i,1,5000)
		if(b[i])
			k++,c[k]=k,d[k]=b[i]+1;
	forl(i,1,k)
	{
		forr(j,i,0)
		{
			dp[i][j]=max(dp[i][j],dp[i-1][j]);
			if(j+d[i]<=i)
				dp[i][j+d[i]]=max(dp[i][j+d[i]],dp[i][j]+1);
		}
		
	}
	ll ma=0;
	forl(i,1,k)
	{
		forl(j,0,i)
	/*		cout<<"["<<i<<','<<j<<']'<<dp[i][j]<<' ',*/ma=max(ma,dp[i][j]),dp[i][j]=0;
	//	cout<<endl;
	}
	cout<<k-ma<<endl;	
	forl(i,1,5000)
		a[i]=b[i]=c[i]=d[i]=0;
/*	while(1)
	{
		if(pd)
		{
			forl(i,1,5000)
			{
				if(b[i])
				{
					b[i]--;
					ans++;
					lst=i;
					break;			
				}
				if(i==5000)
				{
					cout<<ans<<endl;
					return ;
				}
			}
			pd^=1;
		}
		else
		{
			ll mi=1e18,id=0,sum=0;
			forl(i,lst+1,5000)
			{
				if(b[i])
					c[]
			}
			pd^=1;
		}
	}*/
}
int main()
{
	IOS;
	t=1;
 	cin>>t;
	while(t--)
		solve();
    /******************/
	/*while(L<q[i].l) */
	/*    del(a[L++]);*/
	/*while(L>q[i].l) */
	/*    add(a[--L]);*/
	/*while(R<q[i].r) */
	/*	  add(a[++R]);*/
	/*while(R>q[i].r) */
	/*    del(a[R--]);*/
    /******************/
	QwQ;
}

posted @ 2024-07-01 02:26 wangmarui 阅读(58) 评论(0) 编辑收藏举报

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