函数与方程
引入重要性
- 以前我们常研究这样的函数\(f(x)=x^2-3x+1\)的性质,也基本能研究清楚了,但随着对函数研究的逐步深入,我们发现,好多比较复杂的问题,比如函数\(g(x)=lnx-\cfrac{1}{x}\),它与\(x\)轴有没有交点,交点的横坐标为多少等等问题时,我们发现不再能顺利地通过数的角度直接解出来,这时候我们自然需要调整思路,应该思考数的角度如果行不通,能不能考虑开辟形的角度,这就是引入函数与方程思想的初衷。
- 像上述的函数,求函数\(g(x)=0\)可以转化为求方程\(lnx=\cfrac{1}{x}\)的根,从而可以借助我们以前学过的函数\(y=lnx\)和函数\(y=\cfrac{1}{x}\)的图像,求两个函数图像交点的横坐标,从而使得问题得到比较简单的解决。
函数的零点
对于函数\(y=f(x)(x∈D)\),把使得\(f(x)=0\)的实数\(x\)叫做函数\(y=f(x)(x∈D)\)的零点.简言之,零点不是点,是实数;零点是函数对应得方程\(f(x)=0\)的根。
- 有关零点的几个结论
(1). 若连续不断的函数\(f(x)\)在定义域上是单调函数,则\(f(x)\)至多有一个零点,也可能没有零点,比如\(f(x)=2^x\)单调递增,但没有零点。
(2). 连续不断的函数,其相邻两个零点之间的所有函数值保持同号。比如函数\(f(x)=-(x-1)(x-2)\),在\(1<x<2\)时,函数值\(f(x)\)都是正值。
(3). 连续不断的函数图象通过零点时,函数值可能变号,如\(y=x^3\);也可能不变号,如\(y=x^2\)。
重要转化
函数\(y=f(x)=h(x)-g(x)\)有零点[数的角度]
\(\Longleftrightarrow\)函数\(y=f(x)\)与\(x\)轴有交点[形的角度]
\(\Longleftrightarrow\)方程\(f(x)=0\)有实根[数的角度]
\(\Longleftrightarrow\)函数\(y=h(x)\)与函数\(y=g(x)\)的图像有交点[形的角度]
- 具体应用时务必注意对函数\(f(x)\)的有效拆分,比如函数\(f(x)=lnx-x+2\),
拆分为①\(h(x)=lnx\)和\(g(x)=x-2\),或者拆分为②\(h(x)=lnx-2\)和\(g(x)=x\),都比拆分为③\(h(x)=lnx-x\)和\(g(x)=2\)要强的多。
当拆分为①②时,我们都可以轻松的画出其图像,但是拆分为③时,要画出函数\(h(x)\)的图像,就需要导数参与。这是我们也就能理解有时候选择比努力更重要。
拆分原则:尽可能的拆分为我们学过的基本初等函数或初等函数,这样的拆分是上上策。
零点存在性定理
如果函数\(y=f(x)\)在区间\([a,b]\)上的图象是连续不断的一条曲线,并且有\(f(a)\cdot f(b)<0\),那么,函数\(y=f(x)\)在区间\((a,b)\)内至少有一个零点,即至少存在一个\(c\in (a,b)\),使得\(f(c)=0\),这个\(c\)也就是方程\(f(x)=0\)的根.
- 定理的理解需要注意:
①零点存在性定理的使用有两个条件必须同时具备,其一在区间\([a,b]\)上连续,其二\(f(a)\cdot f(b)<0\),缺一不可;
比如,函数\(f(x)=\cfrac{1}{x}\)在区间\([-1,1]\)上满足\(f(-1)\cdot f(1)<0\),但是其在区间\([-1,1]\)没有零点,原因是不满足第一条;
再比如函数\(f(x)=2^x\),在区间\([-1,1]\)上满足连续,但是其在区间\([-1,1]\)没有零点,原因是不满足第二条;
②零点存在性定理只能判断函数的变号零点,不能判断不变号零点。
变号零点的例子\(f(x)=x^3\)的零点\(x=0\),不变号零点的例子\(g(x)=x^2\)的零点\(x=0\)。
③零点存在性定理是函数有零点的充分不必要条件。
④零点存在性定理为什么前面用闭区间\([a,b]\)而后面用开区间\((a,b)\)?
由于要计算\(f(a)\)和\(f(b)\)的值,自然函数必须在区间的端点处有定义,故前边要使用闭区间,后边如果是闭区间,则零点可能会是\(x=a\)或\(x=b\),这样条件就会变为\(f(a)\cdot f(b)\leq 0\),与定理的条件不符,故后边用开区间\((a,b)\)。
求零点方法
- 解方程法;能解则解,从数的角度分析解决问题,本来就是排在第一位的。
解:由\(f(x)=2\sin x-\sin2x=2\sin x-2\sin x\cos x=2\sin x(1-\cos x)=0\),
则\(\sin x=0\)或\(1-\cos x=0\),
由\(\sin x=0\)且\(x\in [0, 2\pi]\)得到,\(x=0\),或\(x=\pi\),或\(x=2\pi\),
由\(\cos x=1\)且\(x\in [0, 2\pi]\)得到,\(x=0\),或\(x=2\pi\),
即得到\(x=0\),或\(x=\pi\),或\(x=2\pi\),故\(f(x)\)在\([0, 2\pi]\)的零点个数为\(3\)个,选\(B\).
- 图像法;图像法确定函数的零点,充其量也就是个大致的区间,不大可靠,而且随个人作图的习惯出入很大。
- 零点存在性定理;和图像法确定函数的零点相比,零点存在性定理可以说是比较精确的区间定位。
在具体题目中,常常需要同时用到两个以上的求解方法,
如求函数\(f(x)=\left\{\begin{array}{l}{x^2-2,x\leqslant 0}\\{2x-6+lnx,x>0}\end{array}\right.\)的零点个数时,第一段用解方程法,第二段用图像法,共有两个零点。
二分法
对于在区间\([a,b]\)上连续不断且满足\(f(a)\cdot f(b)<0\)的函数\(y=f(x)\),通过不断地把函数\(f(x)\)的零点所在的区间一分为二,使有解区间的两个端点逐步逼近零点,进而得到零点近似值的方法叫做二分法。
- 简单的函数的零点我们直接就可以求出来,比如\(y=x^2-4\)的零点,为\(x=\pm 2\),但是复杂一点的,比如\(g(x)=lnx-\cfrac{1}{x}\)的零点,我们用零点存在性定理只能知道其大概在区间\((1,2)\)内,如果题目有更高的精确度要求,那么我们就需要用到二分法,这就是二分法的应用价值。
典例剖析
①函数\(f(x)=x^2-1\)的零点是\((-1,0)\)和\((1,0)\).
分析:错误,零点不是点,应该改为函数的零点为\(x=-1\)和\(x=1\)
【解后反思】类似的理科概念有:
截距(是坐标)不是距离(长度单位),光年(长度单位)不是年(时间单位);
最值点(横坐标)不是点,极值点(横坐标)不是点;
②函数\(y=f(x)\)在区间\((a,b)\)内有零点(函数图象连续不断),则一定有\(f(a)\cdot f(b)<0\).
分析:错误,比如不变号零点。
③二次函数\(y=ax^2+bx+c(a≠0)\)在\(b^2-4ac<0\)时没有零点。
分析:正确。抛物线与\(x\)轴无交点,则二次函数无零点。
④若函数\(f(x)\)在\((a,b)\)上单调且\(f(a)\cdot f(b)<0\),则函数\(f(x)\)在\([a,b]\)上有且只有一个零点。
分析:错误,比如分段函数\(f(x)=\left\{\begin{array}{l}{x^2+1,x\ge 0}\\{x-1,x<0}\end{array}\right.\),在区间\((-2,2)\)上单调递增,
且有\(f(-2)\cdot f(2)<0\),但是函数\(f(x)\)在区间\([-2,2]\)上没有零点。
分析:函数\(f(x)\)在区间\((1,2)\)上单调递增,现有一个零点在区间\((1,2)\),
则必然满足\(f(1)\cdot f(2)<0\),即\((2-2-a)(4-1-a)<0\),
即\(a(a-3)<0\),解得\(0<a<3\)。
分析:由\(f(x)=\left\{\begin{array}{l}{2-|x|,x\leq 2}\\{(x-2)^2,x>2}\end{array}\right.\),得到
\(f(2-x)=\left\{\begin{array}{l}{2-|2-x|,2-x\leq 2}\\{(2-x-2)^2,2-x>2}\end{array}\right.\),
即\(f(2-x)=\left\{\begin{array}{l}{2-|2-x|,x\ge 0}\\{x^2,x<0}\end{array}\right.\),
再分类讨论去掉绝对值符号得到
\(f(2-x)=\left\{\begin{array}{l}{4-x,x>2}\\{x,0\leq x\leq 2}\\{x^2,x<0}\end{array}\right.\),
故当\(x<0\)时,\(g(x)=3-x^2\),\(f(x)=2+x\),
当\(0\leq x\leq 2\)时,\(g(x)=3-x\),\(f(x)=2-x\),
当\(x>2\)时,\(g(x)=x-1\),\(f(x)=(x-2)^2\),
由函数\(y=f(x)-g(x)\)的零点个数即为方程\(f(x)=g(x)\)的根的个数,故有
当\(x<0\)时,\(3-x^2=2+x\),解得\(x=\cfrac{-1-\sqrt{5}}{2}\)或\(x=\cfrac{-1+\sqrt{5}}{2}\)(舍去);
当\(0\leq x\leq 2\)时,\(3-x=2-x\),则方程无解;
当\(x>2\)时,\(x-1=(x-2)^2\),即\(x^2-5x+5=0\),解得\(x=\cfrac{5+\sqrt{5}}{2}\)或\(x=\cfrac{5-\sqrt{5}}{2}\)(舍去);
故方程\(f(x)=g(x)\)的根的个数为\(2\)个,即函数\(y=f(x)-g(x)\)的零点个数为\(2\)个。
分析:转化为函数\(y=f(x)\)和函数\(y=3\)的图像恰有\(3\)个不同的交点,
做出两个函数的图像,由图像可知,要使其有\(3\)个不同的交点,
只需要\(-1<a<1\),故\(a\in (-1,1)\)。
法1:完全分离参数法,即\(b=x^2+lnx-3x\)有唯一实数解,即\(g(x)=x^2+lnx-3x\)与\(y=b\)有唯一的交点。
\(g'(x)=2x+\cfrac{1}{x}-3=\cfrac{2x^2-3x+1}{x}=\cfrac{(2x-1)(x-1)}{x}\),
则可知当\(0<x<\cfrac{1}{2}\)时,\(g'(x)>0\),\(g(x)\)单调递增;
当\(\cfrac{1}{2}<x<1\)时,\(g'(x)<0\),\(g(x)\)单调递减;
当\(x>1\)时,\(g'(x)>0\),\(g(x)\)单调递增;
故\(g(x)_{极大}=g(\cfrac{1}{2})=-\cfrac{5}{4}-ln2\),\(g(x)_{极小}=g(1)=-2\),
在同一个坐标系中做出两个函数的图像,由图像可知两个函数图像要有唯一的交点,
则 \(b\in (-\infty,-2)\cup(-\cfrac{5}{4}-ln2,+\infty)\)。
法2:也可以考虑不完全分离参数法,\(b-lnx=x^2-3x\),当转化为两个函数图像有两个交点时,由于两个函数的凹凸性,都不太好表述,故放弃;
法3:也可以考虑不完全分离参数法,\(-lnx=x^2-3x-b\),当转化为两个函数图像有两个交点时,由于两个函数的凹凸性,都不太好表述,故放弃;
引申思考:
①若方程\(f(x)=0\)有两个实数解,则实数\(b\)的值是\(b=-\cfrac{5}{4}-ln2\)或\(b=-2\)。
②若方程\(f(x)=0\)有三个实数解,则实数\(b\)的值是\(b\in(-2,-\cfrac{5}{4}-ln2)\)。
③若方程\(f(x)=0\)没有实数解,则实数\(b\)的值是\(b\in\varnothing\)。
④若方程\(f(x)=0\)至少有一个实数解,则实数\(b\)的值是\(b\in(-\infty,-2]\cup[-\cfrac{5}{4}-ln2,+\infty)\)。
分析:完全分离参数法,得到方程\(x^2-xcosx+sinx=m\)有两个不同的实数根,
即函数\(y=m\)和函数\(f(x)=x^2-xcosx+sinx\)的图像有两个不同的交点,
以下用导数法求函数\(f(x)\)的单调性;
\(f'(x)=2x-cosx+xsinx+cosx=2x+xsinx=x(2+sinx)\),
由于\(2+sinx>0\)恒成立,故
当\(x\in(-\infty,0)\)时,\(f'(x)<0\),\(f(x)\)单调递减,
当\(x\in(0,+\infty)\)时,\(f'(x)>0\),\(f(x)\)单调递增,
故当\(x=0\)时,函数\(f(x)_{min}=f(0)=0\),
借助函数的大致图像可知,
要使得函数\(y=m\)和函数\(f(x)=x^2-xcosx+sinx\)的图像有两个不同的交点,
则实数\(m\)的取值范围是\((0,+\infty)\)。
分析:两个函数的图像只有一个交点,即方程\(x^2=a^x\)只有一个根,
法1:利用两个函数的图像,尤其是\(y=a^x\)的动态图形来说明问题;曲线和曲线相切;
当\(a>1\)时,函数\(y=x^2\)与函数\(y=a^x\)有两个交点的临界位置是在第一象限相切的情形,如下图所示;
以下重点求解相切时的参数\(a\)的值;设两条曲线相切时的切点为\(P(x_0,y_0)\),
则有\(\left\{\begin{array}{l}{2x_0=a^{x_0}\cdot \ln a ① }\\{y_0=x_0^2 ② }\\{y_0=a^{x_0} ③ }\end{array}\right.\)
由②③可知,\(x_0^2=a^{x_0}④\),代入①得到,\(2x_0=x_0^2\cdot\ln a\),化简得到\(2=x_0\cdot\ln a⑤\),
又由④两边取对数得到,\(2lnx_0=x_0\cdot\ln a⑥\),由⑤⑥得到,\(2lnx_0=2\),解得\(x_0=e\),代入②得到\(y_0=e^2\),
再代入③得到,\(e^2=a^e\),两边取对数得到,\(\ln a=\cfrac{2}{e}\),则\(a=e^{\frac{2}{e}}\),
即两条曲线相切时的\(a=e^{\frac{2}{e}}\),则\(a>e^{\frac{2}{e}}\)时,两条曲线必然只有一个交点。
当\(0<a<1\)时,函数\(y=x^2\)与函数\(y=a^x\)有两个交点的临界位置是在第二象限相切的情形,如下图所示;
以下重点求解相切时的参数\(a\)的值;设两条曲线相切时的切点为\(P(x_0,y_0)\),
则有\(\left\{\begin{array}{l}{2x_0=a^{x_0}\cdot \ln a ① }\\{y_0=x_0^2 ② }\\{y_0=a^{x_0} ③ }\end{array}\right.\)
由②③可知,\(x_0^2=a^{x_0}④\),代入①得到,\(2x_0=x_0^2\cdot \ln a\),化简得到\(2=x_0\cdot \ln a⑤\),
又由④两边取对数得到,\(2ln|x_0|=x_0\cdot \ln a⑥\),由⑤⑥得到,\(2ln|x_0|=2\),解得\(x_0=-e\),代入②得到\(y_0=e^2\),
再代入③得到,\(e^2=a^{-e}\),两边取对数得到,\(-\ln a=\cfrac{2}{e}\),则\(a=e^{-\frac{2}{e}}\),
即两条曲线相切时的\(a=e^{-\frac{2}{e}}\),则\(0<a<e^{-\frac{2}{e}}\)时,两条曲线必然只有一个交点。
综上所述,\(a\in(0,e^{-\frac{2}{e}})\),或者\(a\in (e^{\frac{2}{e}},+\infty)\),故选\(C\).
法2:分离参数得到,\(lnx^2=x\ln a\),再变形为\(\ln a=\cfrac{2ln|x|}{x}\),令\(h(x)=\cfrac{2ln|x|}{x}\),重点是作其图像;
由于\(h(x)\)是奇函数,故当\(x>0\)时,\(h(x)=\cfrac{2lnx}{x}\),以下用导数研究其单调性;
\(h'(x)=\cdots=\cfrac{2(1-lnx)}{x^2}\),则\(x\in (0,e)\)时,\(h'(x)>0\),\(h(x)\)单调递增;则\(x\in (e,+\infty)\)时,\(h'(x)<0\),\(h(x)\)单调递减;又\(h(e)=\cfrac{2}{e}\),故可以做出\(x>0\)时的\(h(x)\)图像以及\(x<0\)时的\(h(x)\)图像,如下图所示;
由图可知,\(\ln a>\cfrac{2}{e}\)或\(\ln a<-\cfrac{2}{e}\)时,两个函数图像仅有一个交点,
解得\(a\in(0,e^{-\frac{2}{e}})\),或者\(a\in (e^{\frac{2}{e}},+\infty)\),故选\(C\).
分析:这类题目一般需要用到拆分,但本题目需要用到整合,通过做差构造函数,
令\(f(x)=x^3-(\cfrac{1}{2})^{x-2}\),函数的定义域为\(R\),且为增函数,
又由于\(f(1)=-1<0\),\(f(2)=7>0\),故\(x_0\)所在的区间为\((1,2)\).
分析:由题目可知,\(T=4\),故\(f(x+4)=f(x)\),又\(f(-x)=f(x)\),则可知\(f(x+4)=f(-x)\),故函数图像关于\(x=2\)对称,
利用现有的定义域,奇偶性,周期性,对称性和解析式,做出适合题意的图像如下:
要是方程\(f(x)=log_ax\)有三个不同的实根,则需要满足\(\left\{\begin{array}{l}{a>1}\\{log_a6<2}\\{log_a10>2}\end{array}\right.\),即\(\left\{\begin{array}{l}{a>1}\\{a^2>6}\\{a^2<10}\end{array}\right.\),
解得\(a\in (\sqrt{6},\sqrt{10})\)。
分析:函数\(f(x)=log_2(x+1)\)的图像向右平移一个单位,所得函数为\(y=log_2x\),其关于直线\(y=x\)对称的函数为\(g(x)=2^x\),
则得到\(x\in [0,1]\)时,\(h(x)=g(x)-1=2^x-1\),又由于\(h(x)\)为偶函数,则\(h(-x)=h(x)\)①,
又\(h(x-1)=h(-x-1)\),则\(h(x)=h(-x-2)\)②,由①②得到,\(h(-x-2)=h(-x)\),即\(T=2\),
又函数\(y=k\cdot f(x)-h(x)\)有五个零点,则函数\(y=k\cdot f(x)\)与函数\(y=h(x)\)的图像有五个交点,做出图像如下,
由图像可知,需要满足条件\(\left\{\begin{array}{l}{k\cdot log_2(3+1)<1}\\{k\cdot log_2(5+1)>1}\end{array}\right.\)
即\(\left\{\begin{array}{l}{2k<1}\\{k\cdot log_26>1}\end{array}\right.\) 解得\(log_62<k<\cfrac{1}{2}\),故选\(C\)。
解:选 \(A\) .