方程组法求函数的解析式
前言
操作说明:适用于两个自变量整体的积或者和为定值的情形;其本质可以追溯到赋值法;
比如,给定\(f(x)+2f(2-x)=2x+3\),我们发现两个自变量整体\(x\)和\(2-x\)的和\(x+(2-x)=2\)(\(2\)为常数),则用\(2\)\(-\)\(x\)替换原方程中的\(x\),得到\(f(2-x)+2f(x)=2(2-x)+3=7-2x\),联立两式得到关于 \(f(x)\) 和 \(f(2-x)\) 的方程组,
若消去 \(f(2-x)\) ,即可解得 \(f(x)\); 当然若消去 \(f(x)\),即可解得 \(f(2-x)\);
深入思考:那么为什么可以这样操作呢?以上例说明,当你用 \(2-x\) 替换已知方程中的所有 \(x\) 时,原方程中的 \(f(x)\) 变成了 \(f(2-x)\),而原方程中的 \(f(2-x)\) 变成了\(f[2-(2-x)]\)\(=\)\(f(x)\),这样我们就得到了以 \(f(x)\) 和 \(f(2-x)\) 为元的二元方程组,解此方程组消去 \(f(2-x)\),即可求得 \(f(x)\) .
再比如,给定\(f(x)+2f(\cfrac{1}{x})=3x-2\),我们发现两个自变量整体\(x\)和\(\cfrac{1}{x}\)的乘积\(x\cdot \cfrac{1}{x}=1\)(\(1\)为常数),则用\(\cfrac{1}{x}\)替换\(x\),得到另一个方程,\(f(\cfrac{1}{x})+2f(x)=\cfrac{3}{x}-2\),联立求解\(f(x)\)即可;
基本类型
分析:方程组法,用\(1-x\)替换原方程中的\(x\),得到\(f(1-x)+2f(x)=1-x\),
联立两式,则有\(\begin{cases}f(x)+2f(1-x)=x\\f(1-x)+2f(x)=1-x\end{cases}\),
解以\(f(x)\)和\(f(1-x)\)为元的二元一次方程组,
解得\(f(x)=\cfrac{2}{3}-x\);
分析:方程组法,用\(\cfrac{2}{x}\)替换原方程中的\(x\),
对应练习
分析:方程组法,用\(2-x\)替换原方程中的\(x\),得到\(f(2-x)+2f(x)=2-x\),联立两式,解得\(f(x)=?\);
分析:方程组法,用\(-x\)替换原方程中的\(x\),
分析:方程组法,用\(\cfrac{1}{x}\)替换原方程中的\(x\),
提示:\(f(x)=\cfrac{2}{3}\sqrt{x}+\cfrac{1}{3}\);
提示:\(f(x)=\cfrac{2}{3}lg(x+1)+\cfrac{1}{3}lg(1-x)\),\(x\in (-1,1)\).
解后反思:由于两个自变量整体的和或者积为定值,故一旦替换,原来\(A\)位置上就变成了\(B\),原来\(B\)位置上就变成了\(A\),这样就构成了方程组,解之即得。
分析:用 \(-x\) 代换解析式中的 \(x\),得到 \(2f(\cfrac{x+1}{x})+f(\cfrac{x-1}{x})=1-x\),
联立求解,得到 \(f(\cfrac{x+1}{x})=\cfrac{1}{3}-x\) ,再用换元法得到,
\(f(x)=\cfrac{1}{3}-\cfrac{1}{x-1}(x\neq 1)\) .
分析:由于\(f(-x)=f(x)\),\(g(-x)=-g(x)\),
又由于\(f(x)+g(x)=e^x\)①,则\(f(-x)+g(-x)=e^{-x}\),即\(f(x)-g(x)=e^{-x}\)②,
联立①②解方程,可得\(g(x)=\cfrac{1}{2}(e^x-e^{-x})\),故选\(D\)。
高阶应用
法1:从数的角度分析,
由\(f(x)+2f(-x)=mx-\cfrac{1}{2}\)①,
用\(-x\)替换\(x\)得到下式
\(f(-x)+2f(x)\)\(=-mx-\cfrac{1}{2}\)②,
联立①②得到,\(f(x)=-mx-\cfrac{1}{6}\);
则题目转化为\(-mx-\cfrac{1}{6}\geqslant lnx\)在\((0,+\infty)\)上恒成立,
分离参数得到,\(-m\geqslant \cfrac{lnx+\frac{1}{6}}{x}\)在\((0,+\infty)\)上恒成立,
令\(g(x)=\cfrac{lnx+\frac{1}{6}}{x}\),需要求解\(g(x)\)的最大值;
\(g'(x)=\cfrac{\frac{1}{x}\cdot x-(lnx+\frac{1}{6})}{x^2}=\cfrac{\frac{5}{6}-lnx}{x^2}\),
当\(x\in (0,e^{\frac{5}{6}})\)时,\(g'(x)>0\),\(g(x)\)单调递增,
当\(x\in (e^{\frac{5}{6}},+\infty)\)时,\(g'(x)<0\),\(g(x)\)单调递减,
故\(g(x)_{max}=g(e^{\frac{5}{6}})=\cfrac{lne^{\frac{5}{6}}+\frac{1}{6}}{e^{\frac{5}{6}}}=e^{-\frac{5}{6}}\)
则\(-m\geqslant e^{-\frac{5}{6}}\),则\(m\leqslant -e^{-\frac{5}{6}}\),故选\(B\)。
法2:从形的角度分析,
由\(f(x)+2f(-x)=mx-\cfrac{1}{2}\)①,
用\(-x\)替换\(x\)得到下式
\(f(-x)+2f(x)\)\(=-mx-\cfrac{1}{2}\)②,
联立①②得到,\(f(x)=-mx-\cfrac{1}{6}\);
则题目转化为\(-mx-\cfrac{1}{6}\geqslant lnx\)在\((0,+\infty)\)上恒成立,
即\(-mx\geqslant lnx+\cfrac{1}{6}\)在\((0,+\infty)\)上恒成立,
设直线\(y=-mx\)与曲线\(y=lnx+\cfrac{1}{6}\)相切于点\((x_0,y_0)\),
则有\(\left\{\begin{array}{l}{\cfrac{1}{x_0}=-m}\\{y_0=lnx_0+\cfrac{1}{6}}\\{y_0=-mx_0}\end{array}\right.\),解得,\(x_0=e^{\frac{5}{6}}\),\(y_0=1\),
故相切时的斜率为\(k=\cfrac{y_0}{x_0}=\cfrac{1}{e^{\frac{5}{6}}}=e^{-\frac{5}{6}}\),
若要满足\(-mx\geqslant lnx+\cfrac{1}{6}\)恒成立,必须满足\(-m\geqslant e^{-\frac{5}{6}}\)
则\(m\leqslant -e^{-\frac{5}{6}}\),故选\(B\)。