摘要：
题意：会给出M个串，我们要做的就是将这M个串给清除了。对于任意两个串，若二进制形式只有一位不一样，那么这两个串可以在一次操作消除，否则每个操作只能消除一个串。3 3*01100011可以代表的串是001101100011那么我们可以先用 10*把 101 和 100 消除了，再用 0*1把001 和 011 消除了。故操作次数为 2。解题思路：我们可以将所有的串先化为整数，并去重。然后对二进制形式只有一位不一样的两个数，我们由含有偶数个1的数向含有奇数个1的数连边，这样就确保了一定是二分图，因为不存在同含奇数个1或同含偶数个1 的数只相差一位。最后进行求最大匹配，既是我们可以省去的操作数。所以 阅读全文
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思路：如果我们将认识的建边，求最大独立集就是互相不认识的人数。那么我们反过来，将不认识的建图，求最大独立集就是互相认识的人数。#include#include#include#include#define Maxn 210int graphic[Maxn][Maxn],vi[Maxn],match[Maxn],n,m;int dfs(int u){ int i; for(i=1;i<=m;i++) { if(!vi[i]&&graphic[u][i]) { vi[i]=1; if(match[i]==-1... 阅读全文
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#include#include#include#include#define N 2000#define M 1000010#define inf 1=n)return flow-lv; if(lv==0) break; } if(d[v]>1; memset(index,-1,sizeof(index)); for(i=1;in)建立一个流量为1的边，从每个人向每个他从属的组织建立一条流量为1的边，在由每个组织建立一条流向汇点的边，我们可以二分枚举组织向汇点边的流量。 阅读全文
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思路：由(i+j)为偶数的点向(i+j)为奇数的点建边。求一次最大匹配，若正好为空格数(不包含洞)的一半，即输出YES。#include#include#include#include#define Maxn 1101using namespace std;int n,m,vi[Maxn],match[Maxn],graphic[Maxn][Maxn],map[40][40],N[Maxn],M[Maxn],x,y;int dfs(int u){ int i; for(i=1;i<=y;i++) { if(!vi[M[i]]&&graphic[u][M[i]])... 阅读全文
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就是最简单的最大匹配，没的说#include#include#include#include#define Maxn 310using namespace std;int n,m,vi[Maxn],match[Maxn],graphic[Maxn][Maxn];int dfs(int u){ int i; for(i=1;i<=m;i++) { if(!vi[i]&&graphic[u][i]) { vi[i]=1; if(match[i]==-1||dfs(match[i])) {... 阅读全文
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思路：我们首先来一遍拓扑排序，将点按先后顺序排列于一维数组中，然后扫描一遍数组，将每个点的出边所连接的点进行更新，即可得到最优解。#include#include#include#include#include#define inf 2000000010#define Maxn 100010#define Maxm 1000010using namespace std;int dist[Maxn],vi[Maxn],index[Maxn],e,value[Maxn],indegree[Maxn],outdegree[Maxn],ans[Maxn],num,n;struct Edge{ i... 阅读全文