02 2013 档案
摘要：题目链接：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1316意思很简单，就是让你计算在两个数之间有多少个斐波那契数，很挫的时我一开始把string的比较给搞错了，一直出不来结果。。。orz，还是直接上代码了。。View Code 1 #include<iostream> 2 #include<string> 3 #include<cstring> 4 const int N=1000; 5 using namespace std; 6 string f[N]; 7 int num[N]; 8 9 void solve
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摘要：题目链接：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1274一开始solve没有返回位置，然后递归的时候就出错了。。。STL特别好用。。。View Code 1 #include<iostream> 2 #include<string> 3 using namespace std; 4 5 int solve(string &str,string &restr,int pos){ 6 int len=str.length(); 7 while(pos<len){ 8 //是字母 9 if(str[p...
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摘要：题目链接：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1239一道水题，素数筛选即可View Code 1 #include<iostream> 2 #include<cmath> 3 const int N=11000; 4 using namespace std; 5 bool mark[N]; 6 int prime[N]; 7 8 //素数筛选 9 void sieve_prime(){10 memset(mark,true,sizeof(mark));11 mark[0]=mark[1]=false;12 for(i..
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摘要：题目链接：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1238最主要的是要求字符串的子串，反串，直接用string;View Code 1 #include<iostream> 2 #include<algorithm> 3 #include<string> 4 using namespace std; 5 int n; 6 string s[111]; 7 8 int cmp(const string p,const string q){ 9 return p.length()<q.length();10 }1
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摘要：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=4081我就不说题意了，为了使A/B最大，就应该是B越小，故可以先求出n个点的最小生成树。因此，可以枚举每一条边，假设最小生成树的值是B, 而枚举的那条边长度是edge[i][j], 如果这一条边已经是属于最小生成树上的，那么最终式子的值是A/(B-edge[i][j])。如果这一条不属于最小生成树上的， 那么添加上这条边，就会有n条边，那么就会使得有了一个环，为了使得它还是一个生成树，就要删掉环上的一棵树。 为了让生成树尽量少，那么就要删掉除了加入的那条边以外，权值最大的那条路径。 假设删除的那个边的权值是M
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摘要：判断最下生成树是否唯一的思路：1、对图中的每一条边，扫描其他边，如果存在相同权值的边，则对该边做标记。2、然后用Kruskal算法或Prim算法求MST。3、求得MST后，如果该MST中未包含做了标记的边，即可判断MST唯一；如果包含做了标记的边，则依次去掉这些边再求MST，如果求得的MST权值和原来的MST的权值一样，即可判断MST不唯一。针对poj 1679这题，采用Kruskal算法求MST，并判断MST是否唯一：代码如下：View Code 1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 #include<algorit
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摘要：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=3367求pseudoforest伪森林，要求每个连通分量最多可以有一个环。求能构成的最大值我是用kruskal的方法按照求最大生成树那样求的，只不过要加一个判断，就是判断两颗子树是够成环，如果各成环，就不能合并，如果只有其中一个成环或者都不成环，那么就可以合并，并对其进行标记。。。View Code 1 #include 2 #include 3 #include 4 #include 5 const int N=10010; 6 using namespace std; 7 8 int n,m; 9 i..
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摘要：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=2489题目大意是有n个顶点的无向完全图，要你选m个点，使得m个点构成的图的m-1条边的权重之和比上m个点的值的和最小，即Sum(edge weight)/Sum(point weight)最小；由于题目的数据很小，因此我就直接暴力了。。。就是从n个点中先选m个点，对应一个最小值，然后对这m个点进行搜索就可以了。。。如果一开始就从第一个点就开始dfs，那么就可以保证最后的结果就是题目要求的。。。View Code 1 #include<iostream> 2 const int N=20; 3 co
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摘要：http://www.cppblog.com/RyanWang/archive/2010/01/25/106427.html简单来说，就是有向的最小生成树：1、每个点找其最小的入边In[v] ? 如果有除跟节点以外的点找不到入边,则无解 : 否则答案累加In[v]2、看看有没有环 ? 无环则已经找到解,返回答案 : 将环缩点3、重新构图,每条边[u->v]的权值减去In[v],然后重复第一步模板题：hdu 2121：View Code 1 #include 2 #include 3 const int N=1010; 4 const int inf=10000000; 5 usin...
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摘要：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1232完全就是并查集的应用啊。。。View Code 1 #include<iostream> 2 const int N=1010; 3 using namespace std; 4 5 int n,m; 6 int parent[N]; 7 8 //初始化 9 void UFset(){10 for(int i=1;i<=n;i++){11 parent[i]=-1;12 }13 }14 //找根结点15 int Find(int x){16 int s;17...
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摘要：通过这道题，我只想要说图论的题，建好了图，题就解了一大半了。。。这道题建好图后，dfs暴搜就行了。。。View Code 1 #include<iostream> 2 #include<cstring> 3 const int N=60; 4 using namespace std; 5 6 int n,m; 7 char map[N][N]; 8 int visited[N][N]; 9 int dir[4][2]={{-1,0},{0,1},{1,0},{0,-1}};//up/right/down/left10 int pip[11][4]={{1,0,0,1},
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摘要：要熟练应用差分约束还是很困难的。。。题目的大意是：在每个区间[ai,bi]上至少选择ci个元素，构成一个集合S，使集合S中的元素最少；不妨设f(a)为区间[0,a]上的选择的元素个数；那么，由题意有f(b)-f(a-1)>=c,并且0<=(f(a)-f(a-1))<=1;从而建图；View Code 1 #include<iostream> 2 #include<queue> 3 #include<cstring> 4 const int N=50004; 5 const int Max=1000000; 6 using namespace
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摘要：这也是我第一次碰到差分约束的题。。。好吧。。。赶紧学一下吧。。差分约束系统：假设有这样一组不等式：x1-x2<=0;x1-x5<=-1;x2-x5<=1;x3-x1<=5;x4-x1<=4;x4-x3<=-1;。。。。每个不等式都是有两个未知数的差小于等于某个常数（大于等于也可以，只要两边同乘以-1就可以了），这样的不等式组就称作差分约束系统（这个不等式组要么无解，要么有无数组解，因为若（x1,x2,x3....)是一组解，那么（x1+k,x2+k,x3+k,...)也必然是一组解）；差分约束系统与最短路径的关系：差分约束系统的求解可以利用单源最短路径中的三
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摘要：说实话，其实我还是喜欢用Dijkstra来求单源最短路径。。。但spfa算法有一个好处就是，可以用来处理负边，所以学一下还是有好处的。。况且，形式也很简单，与bfs形式上很相似。。。好吧。。。我还是简单介绍一下spfa算法吧。。。其算法实现过程如下：1、取出队列头顶点，扫描从顶点V出发的每一条边，设每一条边的终点为u,边<V,U>的权值为W，如果有dist[v]+w<dist[u],则修改dist[u]=dist[v]+w,修改path[u]=v;如顶点u不在当前队列中，还要将顶点u入队列；如果dist[v]+w>dist[u],则不做任何处理；2、重复执行以上步骤，直
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摘要：题目意思很简单，就是让你求两天最短路中共同的公共点的最大个数可以这样理解：我们假设存在2组数据 v0,u0,v1,u1;用path[i][j]代表从点i到点j最短路上最多有多少个点！那么 edge[v0][i]+edge[i][j]+edge[j][u0]=edge[v0][u0]不就表示i到j的最短路为 v0到u0最短路的子路嘛；我们只需更新edge[i][j]中的最大值即可代码如下。。。。View Code 1 #include<iostream> 2 const int N=444; 3 const int inf=10000000; 4 using namespace st
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摘要：题意还是比较好理解的，即如果矩阵A、B、C满足A*B=C，则代表矩阵A的第i个城市与代表矩阵B的第j个城市之间存在通路。。。orz。。。然后我就按一般的矩阵相等的条件去判断。。。结果TLE了。。。2000MS+了。。。然后就学了一下矩阵的优化。。。优化后。。。60MS。。orz。。。一开始的代码：View Code 1 #include 2 const int N=100; 3 const int inf=10000000; 4 using namespace std; 5 6 int edge[N][N]; 7 int n,m; 8 struct Matrix{ 9 int ma...
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