hdu 2546 +hdu 3466 (01背包问题)
从今天开始,我就正式开始做dp专题了,还得先从最简单的入手,01背包问题是经典的dp问题,从杭电上找了几道题先练练手。。。。
题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=2546
题意:如果购买一个商品之前,卡上的剩余金额大于或等于5元,就一定可以购买成功(即使购买后卡上余额为负),否则无法购买(即使金额足够)。所以大家都希望尽量使卡上的余额最少。某天,食堂中有n种菜出售,每种菜可购买一次。已知每种菜的价格以及卡上的余额,问最少可使卡上的余额为多少。
分析:要使卡上的余额最少,相当于用有限的金额去买最多的菜。而题目多了一个限制条件,就是“卡上的剩余金额大于或等于5元,就一定可以购买成功(即使购买后卡上余额为负),否则无法购买(即使金额足够)”,也是就是说,当卡上的金额大于等于5时,可以用5元去买任意价格的菜,所以当然是用这5元去买最贵的菜了,剩下的问题就是,求剩下的m-5元能买到的最高的价值总量,也就是一个单纯的01背包问题了。
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1 #include<iostream> 2 #include<cstring> 3 #include<algorithm> 4 const int N=1100; 5 using namespace std; 6 7 int price[N]; 8 int dp[N]; 9 10 int main(){ 11 int n,m; 12 while(scanf("%d",&n)!=EOF&&n){ 13 for(int i=0;i<n;i++){ 14 scanf("%d",&price[i]); 15 } 16 sort(price,price+n); 17 scanf("%d",&m); 18 if(m<5){ 19 printf("%d\n",m); 20 continue; 21 } 22 m-=5; 23 memset(dp,0,sizeof(dp)); 24 for(int i=0;i<n-1;i++){ 25 for(int j=m;j-price[i]>=0;j--){ 26 dp[j]=(dp[j-price[i]]+price[i])>dp[j]?(dp[j-price[i]]+price[i]):dp[j]; 27 } 28 } 29 printf("%d\n",m+5-price[n-1]-dp[m]); 30 } 31 return 0; 32 } 33
题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=3466
题意: 有 n 个物品,每个物品都有一定的价值和花费,而且买的时候自己的钱不能低于那个物品的指标,问最后可以买到的物品的最大价值是多少。
分析: 需要对物品按 qi-pi 的值从小到大排序,因为这样可以保证每次更新的状态值从小到大递增,前面更新过的状态不会影响后面更新的状态。
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1 #include<iostream> 2 #include<algorithm> 3 const int N=5100; 4 using namespace std; 5 6 struct item{ 7 int p,q,v; 8 bool operator < (const item it) const { 9 return q-p<it.q-it.p; 10 } 11 }It[N/10]; 12 13 int dp[N]; 14 15 int main(){ 16 int n,m; 17 while(scanf("%d%d",&n,&m)!=EOF){ 18 for(int i=0;i<n;i++){ 19 scanf("%d%d%d",&It[i].p,&It[i].q,&It[i].v); 20 } 21 sort(It,It+n); 22 memset(dp,0,sizeof(dp)); 23 for(int i=0;i<n;i++){ 24 for(int j=m;j-It[i].p>=0;j--){ 25 if(j>=It[i].q){ 26 dp[j]=(dp[j-It[i].p]+It[i].v)>dp[j]?(dp[j-It[i].p]+It[i].v):dp[j]; 27 } 28 } 29 } 30 printf("%d\n",dp[m]); 31 } 32 return 0; 33 }