训练（清明）

1.飞机降落（经典dfs，遍历每一种情况，不符返回0，符合返回1，只要有一个返回值1就成立，记得每次都初始化一下标记数组）

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#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
using namespace std;
int n,T,b[15];
struct fei{
    int t;
    int d;
    int l;
};
struct fei f[15];
bool dfs(int dep,int ti)
{
    if(dep>n)return 1;
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        if(b[i]||f[i].t+f[i].d<ti)
            continue;
        b[i]=1;
        if(dfs(dep+1,max(ti,f[i].t)+f[i].l))
        {
            b[i]=0;
            return 1;
        }
        b[i]=0;
    }
    return 0;
}
signed main()
{
    cin>>T;
    while(T--)
    {
        cin>>n;
        for(int i=1;i<=n;i++)
        {
            cin>>f[i].t>>f[i].d>>f[i].l;
        }
        memset(b,0,sizeof b);
        if(dfs(1,0))cout<<"YES"<<endl;
        else cout<<"NO"<<endl;
    }
    return 0;
}

2.接龙数列（采用dp的思想，求出最长的连续序列，最后用n减去即为所求）

#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
using namespace std;
string a;
int dp[100000],ma;
signed main()
{
    int n;
    cin>>n;
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        cin>>a;
        int l=a.size();
        dp[a[l-1]-'0']=max(dp[a[l-1]-'0'],dp[a[0]-'0']+1);//两种情况，设ai开头数字为p，结尾数字为q，如果选取ai那么dp[q]=dp[p]+1,否则则不变
    }
    for(int i=0;i<=9;i++)ma=max(dp[i],ma);
    cout<<n-ma;
    return 0;
}

3.全球变暖（bfs，通过判断是否为陆地来扩张，如果没有遇到不会沉没的区块就加一，遇到就不加一，并使其沉没，方便后续岛屿的判断）

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 #include<bits/stdc++.h>
#define int long long
using namespace std;
char s[1001][1001];
int v;
int dx[4]={1,-1,0,0},dy[4]={0,0,1,-1};
int biao[1001][1001];
bool lu(char c)
{
    if(c=='#')return 1;
    else return 0;
}
int bfs(int a,int b)
{
    biao[a][b]=1;
    if(lu(s[a+1][b])&&lu(s[a][b+1])&&lu(s[a-1][b])&&lu(s[a][b-1]))
    {
        v=0;
    }
    for(int i=0;i<4;i++)
    {
        int x=a+dx[i],y=b+dy[i];
        if(lu(s[x][y])&&!biao[x][y])
        bfs(x,y);
    }
    s[a][b]='.';
    return v;
}
signed main()
{
    memset(biao,0,sizeof biao);
    int n;
    cin>>n;
    int ans=0;
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        for(int j=1;j<=n;j++)
        {
            cin>>s[i][j];
        }
        getchar();
    }
    for(int i=1;i<=n;i++)
        for(int j=1;j<=n;j++)
            if(lu(s[i][j]))v=1,ans+=bfs(i,j);
    cout<<ans;
    return 0;
}

4.异或和之和（主要是个前缀异或和，后面直接暴力会t）

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 #include<bits/stdc++.h>
#define int long long
using namespace std;
int a[500000],c[1000000];
#define MAX 100010
#define int long long
using namespace std;
int n;
int arr[MAX];
int s[MAX];
signed main() {
    ios::sync_with_stdio(false);
    cin.tie(NULL); cout.tie(NULL);
    cin >> n;
    for (int i = 1; i <= n; i++)
        cin >> arr[i];
    for (int i = 1; i <= n; i++) {
        s[i] = s[i - 1] ^ arr[i];
    }
    int sum = 0;
    for (int i = 0; i < 21; i++) {
        int c1 = 0;
        int c0 = 1;
        int now = 0;
        for (int j = 1; j <= n; j++) {
            if (s[j] >> i & 1) now += c0, c1++;
            else now += c1, c0++;
        }
        sum += (1 << i) * now;
    }
    cout << sum;
    return 0;
}

5.密文搜索（用到一个substr函数，用来截取串中某段数据，顺序截取并排序，与给出的排序后的字符串比较是否相同，若相同就加一，输出ans）

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 #include<bits/stdc++.h>
#define int long long
using namespace std;
signed main()
{
    string s,c;
    int n;
    cin>>s>>n;
    map<string,int>mp;
    for(int i=0;i<n;i++)
    {
        cin>>c;
        sort(c.begin(),c.end());
        mp[c]++;
    }
    int ans=0;
    for(int i=0;i<s.size()-7;i++)
    {
        string x=s.substr(i,8);
        sort(x.begin(),x.end());
        ans+=mp[x];
    }
    cout<<ans;
    return 0;
}

6.k倍区间（显然是前缀和，但是数据范围直接写会t，所以要进行一个叠取模的操作）

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#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
using namespace std;
int n,k,s[100005],ans=0,b[100005];
signed main(){
    cin>>n>>k;
    for(int i=1,t;i<=n;i++)
        cin>>t,s[i]=s[i-1]+t;
    for(int i=0;i<=n;i++)
        ans+=b[s[i]%k]++;//有n个模数相同中间就有(n-1)段和为k的倍数
    cout<<ans;
    return 0;
}