Codeforces Round 699 & 772题解
Codeforces Round 699 & 772题解
今天手感确实不错，看来合理的训练配合合理的休息是很重要的。前些日子的努力没白费。不过，怎么说呢，现在的形势不是我把算法题和基础知识做好的就行了，该从系统的角度去作为一个ld去思考问题了，感觉自己还是有点欠缺的，不过我也在积极努力的学习中，希望能够早日成为一个合格的ld。
Round 699
A. Space Navigation
这题就是要删几个命令罢了，没啥难度，傻逼题
B. New Colony
这个题意思是要从i = 1滚石头，然后如果遇到\(h_i \geq h_{i + 1}\) 就继续滚, 否则就停下在当前元素 + 1，如果到了n就直接掉海里输出-1。问最后第m块石头停下的位置在哪里。
这个题很绕，刚开始以为是个模拟，后来发现好像不太对。想了下也就几种情况，首先因为\(a[i] \leq 100\)， 所以所有大于100n的结果无一例外肯定是-1。剩下的就模拟着玩就行了。
代码
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
constexpr int limit = (2e5 + 5);//防止溢出
#define INF 0x3f3f3f3f
#define inf 0x3f3f3f3f3f3f3f
#define lowbit(i) i&(-i)//一步两步
#define EPS 1e-9
#define FASTIO ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(0),cout.tie(0);
#define pi(a, b) pair<a,b>
#define rep(i, a, b) for(ll i = a; i <= b ; ++i)
#define per(i, a, b) for(ll i = b ; i >= a ; --i)
#define MOD 998244353
#define traverse(u) for(int i = head[u]; ~i ; i = edge[i].next)
#define FOPEN freopen("C:\\Users\\tiany\\CLionProjects\\akioi\\data.txt", "rt", stdin)
#define FOUT freopen("C:\\Users\\tiany\\CLionProjects\\akioi\\dabiao.txt", "wt", stdout)
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
char buf[1 << 23], *p1 = buf, *p2 = buf, obuf[1 << 23], *O = obuf;
inline ll read() {
#define getchar() (p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,1<<21,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++)
ll sign = 1, x = 0;
char s = getchar();
while (s > '9' || s < '0') {
if (s == '-')sign = -1;
s = getchar();
}
while (s >= '0' && s <= '9') {
x = (x << 3) + (x << 1) + s - '0';
s = getchar();
}
return x * sign;
#undef getchar
}//快读
void print(ll x) {
if (x / 10) print(x / 10);
*O++ = x % 10 + '0';
}
void write(ll x, char c = 't') {
if (x < 0)putchar('-'), x = -x;
print(x);
if (!isalpha(c))*O++ = c;
fwrite(obuf, O - obuf, 1, stdout);
O = obuf;
}
int n, m;
int a[limit];
void solve() {
int ans = 1;
deque<int>q;
cin>>n>>m;
rep(i,1,n){
int x;
cin>>a[i];
q.push_back(a[i]);
}
if(m > 100 * n){
cout<<-1<<endl;
return;
}
rep(i,1,m - 1){
rep(j, 1, n - 1){
if(a[j] < a[j + 1]){
a[j]++;
break;
}
}
}
rep(i, 1, n - 1){
if(a[i] < a[i + 1]){
cout<<i<<endl;
return;
}
}
cout<<-1<<endl;
}
int32_t main() {
#ifdef LOCAL
FOPEN;
// FOUT;
#endif
FASTIO
int kase;
cin>>kase;
while (kase--)
invoke(solve);
cerr << "Time elapsed: " << 1.0 * clock() / CLOCKS_PER_SEC << "s";
return 0;
}
C. Fence Painting
这个题是给n个fence，m桶油漆，每次油漆可以把a数组的某个元素变成c[i], 每桶油漆必须要用掉，问是否可行，如果可行输出方案，不可行就输出NO。
首先这个题一看就是找后缀，因为最后我们只要知道第i个fence最后变成了b[i],那么我们根本不需要care他之前变成过什么。所以安排也可以按照这个思路来。
如果我们油漆有重复的或者不需要的，那么就把多余的不需要的油漆给一个已经被paint成目标颜色的fence，这样就不会影响最后的结果了。然后paint完之后检查一下是否满足要求，然后输出方案。我这边用了个vector存，先存的是不需要被paint的，然后存必须要paint的，这样从后往前取数可以保证优先供给必须要paint的fence。
代码
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
constexpr int limit = (2e5 + 5);//防止溢出
#define INF 0x3f3f3f3f
#define inf 0x3f3f3f3f3f3f3f
#define lowbit(i) i&(-i)//一步两步
#define EPS 1e-9
#define FASTIO ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(0),cout.tie(0);
#define pi(a, b) pair<a,b>
#define rep(i, a, b) for(ll i = a; i <= b ; ++i)
#define per(i, a, b) for(ll i = b ; i >= a ; --i)
#define MOD 998244353
#define traverse(u) for(int i = head[u]; ~i ; i = edge[i].next)
#define FOPEN freopen("C:\\Users\\tiany\\CLionProjects\\akioi\\data.txt", "rt", stdin)
#define FOUT freopen("C:\\Users\\tiany\\CLionProjects\\akioi\\dabiao.txt", "wt", stdout)
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
char buf[1 << 23], *p1 = buf, *p2 = buf, obuf[1 << 23], *O = obuf;
inline ll read() {
#define getchar() (p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,1<<21,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++)
ll sign = 1, x = 0;
char s = getchar();
while (s > '9' || s < '0') {
if (s == '-')sign = -1;
s = getchar();
}
while (s >= '0' && s <= '9') {
x = (x << 3) + (x << 1) + s - '0';
s = getchar();
}
return x * sign;
#undef getchar
}//快读
void print(ll x) {
if (x / 10) print(x / 10);
*O++ = x % 10 + '0';
}
void write(ll x, char c = 't') {
if (x < 0)putchar('-'), x = -x;
print(x);
if (!isalpha(c))*O++ = c;
fwrite(obuf, O - obuf, 1, stdout);
O = obuf;
}
int n, m;
int a[limit];
int b[limit];
vector<int>g[limit];
int c[limit];
void solve() {
cin>>n>>m;
rep(i,1,n)g[i].clear();
rep(i,1,n){
cin>>a[i];
}
rep(i,1,n){
cin>>b[i];
if(a[i] == b[i])g[b[i]].push_back(i); //只有不相等的情况才需要改变
}
rep(i,1,n){
if(a[i] != b[i])g[b[i]].push_back(i);
}
rep(i,1,m){
cin>>c[i];
}
deque<int>freed;
deque<int>ans(m + 1, -1);
int last = -1;
per(i,1,m){
int now = c[i];
if(g[now].size()){
ans[i] = g[now].back();
g[now].pop_back();
last = ans[i];
a[ans[i]] = c[i];
}else{
if(last == -1){
cout<<"NO"<<endl;
return;
}
ans[i] = last;
}
}
rep(i,1,n){
if(a[i] - b[i]){
cout<<"NO"<<endl;
return;
}
}
cout<<"YES"<<endl;
for(const auto & it : ans | views::drop(1)){
cout<<it<<" ";
}
cout<<endl;
}
int32_t main() {
#ifdef LOCAL
FOPEN;
// FOUT;
#endif
FASTIO
int kase;
cin>>kase;
while (kase--)
invoke(solve);
cerr << "Time elapsed: " << 1.0 * clock() / CLOCKS_PER_SEC << "s";
return 0;
}
D. AB Graph
不会，晚上回家看一下
E. Sorting Books
这个题是给n本数，要把所有相同书放到一起，然后每次可以抽任意一本放到最后面去，问最少几次才能shuffle。
这个题我么不妨这样想，首先在最暴力的情况下，我们至多只需要n - 1次就能把所有的书本给shuffle好。
然后我们不妨把这个问题转化为，有多少书本可以留在这个地方不动，然后我们把每本书出现最早和最后的位置给处理出来，每次dp一下记录当前位置如果都shuffle了，那么最多有多少个位置是不动的，然后用n减掉就是最小需要move的。
代码
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
constexpr int limit = (5e5 + 5);//防止溢出
#define INF 0x3f3f3f3f
#define inf 0x3f3f3f3f3f3f3f
#define lowbit(i) i&(-i)//一步两步
#define EPS 1e-9
#define FASTIO ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(0),cout.tie(0);
#define pi(a, b) pair<a,b>
#define rep(i, a, b) for(ll i = a; i <= b ; ++i)
#define per(i, a, b) for(ll i = b ; i >= a ; --i)
#define MOD 998244353
#define traverse(u) for(int i = head[u]; ~i ; i = edge[i].next)
#define FOPEN freopen("C:\\Users\\tiany\\CLionProjects\\akioi\\data.txt", "rt", stdin)
#define FOUT freopen("C:\\Users\\tiany\\CLionProjects\\akioi\\dabiao.txt", "wt", stdout)
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
char buf[1 << 23], *p1 = buf, *p2 = buf, obuf[1 << 23], *O = obuf;
inline ll read() {
#define getchar() (p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,1<<21,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++)
ll sign = 1, x = 0;
char s = getchar();
while (s > '9' || s < '0') {
if (s == '-')sign = -1;
s = getchar();
}
while (s >= '0' && s <= '9') {
x = (x << 3) + (x << 1) + s - '0';
s = getchar();
}
return x * sign;
#undef getchar
}//快读
void print(ll x) {
if (x / 10) print(x / 10);
*O++ = x % 10 + '0';
}
void write(ll x, char c = 't') {
if (x < 0)putchar('-'), x = -x;
print(x);
if (!isalpha(c))*O++ = c;
fwrite(obuf, O - obuf, 1, stdout);
O = obuf;
}
int n, m;
int a[limit];
int l[limit], r[limit];
int dp[limit][2];
void solve() {
cin>>n;
// set<int>col;
// vector<pair<int, int>>p;
map<int, int>cnt;
rep(i,1,n){
cin>>a[i];
}
rep(i,1,n){
r[a[i]] = i;
}
per(i,1,n){
l[a[i]] = i;
cnt[a[i]]++;
dp[i][0] = max(dp[i + 1][0], cnt[a[i]]);
}
int ans = n - 1;
rep(i,1,n){
auto &&self = dp[i][1];
self = dp[i - 1][1];
if(r[a[i]] == i){ // rightmost point
self = max(self, cnt[a[i]] + dp[l[a[i]] - 1][1]);
}
int num = dp[i + 1][0] + self;
ans = min(ans, n - num);
}
cout<<ans<<endl;
}
int32_t main() {
#ifdef LOCAL
FOPEN;
// FOUT;
#endif
FASTIO
// int kase;
// cin>>kase;
// while (kase--)
invoke(solve);
cerr << "Time elapsed: " << 1.0 * clock() / CLOCKS_PER_SEC << "s";
return 0;
}
Round 772
A. Min Or Sum
这个题本来以为是啥高难度题，然后一看这不就or起来么，好像老cf经常有这种看上去很难然后写起来极度简单的东西。记得刚打CF第一次做出来C就是有个数学题，直接输出了a[1] < a[n] yes否则no，结果意外地AC了，interesting
B. Avoid Local Maximums
这个题是问最少多少次操作可以消除局部最大值
然后我们发现我们在i位置的时候，只要把i + 1设置成max(a[i], a[i + 2])就能一次最多消除两个，样例把这一点说的很明白。
代码
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
constexpr int limit = (3e5 + 5);//防止溢出
#define INF 0x3f3f3f3f
#define inf 0x3f3f3f3f3f3f3f
#define lowbit(i) i&(-i)//一步两步
#define EPS 1e-9
#define FASTIO ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(0),cout.tie(0);
#define pi(a, b) pair<a,b>
#define rep(i, a, b) for(ll i = a; i <= b ; ++i)
#define per(i, a, b) for(ll i = b ; i >= a ; --i)
#define MOD 998244353
#define traverse(u) for(int i = head[u]; ~i ; i = edge[i].next)
#define FOPEN freopen("C:\\Users\\tiany\\CLionProjects\\akioi\\data.txt", "rt", stdin)
#define FOUT freopen("C:\\Users\\tiany\\CLionProjects\\akioi\\dabiao.txt", "wt", stdout)
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
char buf[1 << 23], *p1 = buf, *p2 = buf, obuf[1 << 23], *O = obuf;
inline ll read() {
#define getchar() (p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,1<<21,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++)
ll sign = 1, x = 0;
char s = getchar();
while (s > '9' || s < '0') {
if (s == '-')sign = -1;
s = getchar();
}
while (s >= '0' && s <= '9') {
x = (x << 3) + (x << 1) + s - '0';
s = getchar();
}
return x * sign;
#undef getchar
}//快读
void print(ll x) {
if (x / 10) print(x / 10);
*O++ = x % 10 + '0';
}
void write(ll x, char c = 't') {
if (x < 0)putchar('-'), x = -x;
print(x);
if (!isalpha(c))*O++ = c;
fwrite(obuf, O - obuf, 1, stdout);
O = obuf;
}
int n, m;
int a[limit];
void solve() {
cin>>n;
rep(i,1,n){
cin>>a[i];
}
set<int>odd,even;
rep(i, 2, n - 1){
if(a[i] > a[i - 1] and a[i] > a[i + 1]){
auto && now = odd;
now.insert(i);
}
}
if(odd.empty() and even.empty()){
cout<<0<<endl;
rep(i,1,n){
cout<<a[i]<<" ";
}
cout<<endl;
return;
}
a[n + 1] = a[n];
int ans = 0;
// 先奇数后偶数
rep(i,2,n - 1){
if(a[i] > a[i - 1] and a[i] > a[i + 1]){
a[i + 1] = max(a[i], a[i + 2]);
++ans;
}
}
cout<<ans<<endl;
rep(i,1,n){
cout<<a[i]<<" ";
}
cout<<endl;
}
int32_t main() {
#ifdef LOCAL
FOPEN;
// FOUT;
#endif
FASTIO
int kase;
cin>>kase;
while (kase--)
invoke(solve);
cerr << "Time elapsed: " << 1.0 * clock() / CLOCKS_PER_SEC << "s";
return 0;
}
C. Differential Sorting
这个题是要求给出\(1 \leq x < y < z \leq n\)，每次把\(a_x = a_y - a_z\)，然后把这个array变成sorted的，可以操作n次。
然后我们首先观察题目条件，发现如果最后的两个元素不是sorted，那么我们也没有办法操作他们，所以这种情况一定是NO。
然后接下来就用n - 1和n构造出来前n -2 个就行了。然后再判断下是不是sorted就好。
本来还以为是dp啥的，想到这一点灵光一现，果然是对的
nice
代码
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
constexpr int limit = (3e5 + 5);//防止溢出
#define INF 0x3f3f3f3f
#define inf 0x3f3f3f3f3f3f3f
#define lowbit(i) i&(-i)//一步两步
#define EPS 1e-9
#define FASTIO ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(0),cout.tie(0);
#define pi(a, b) pair<a,b>
#define rep(i, a, b) for(ll i = a; i <= b ; ++i)
#define per(i, a, b) for(ll i = b ; i >= a ; --i)
#define MOD 998244353
#define traverse(u) for(int i = head[u]; ~i ; i = edge[i].next)
#define FOPEN freopen("C:\\Users\\tiany\\CLionProjects\\akioi\\data.txt", "rt", stdin)
#define FOUT freopen("C:\\Users\\tiany\\CLionProjects\\akioi\\dabiao.txt", "wt", stdout)
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
char buf[1 << 23], *p1 = buf, *p2 = buf, obuf[1 << 23], *O = obuf;
inline ll read() {
#define getchar() (p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,1<<21,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++)
ll sign = 1, x = 0;
char s = getchar();
while (s > '9' || s < '0') {
if (s == '-')sign = -1;
s = getchar();
}
while (s >= '0' && s <= '9') {
x = (x << 3) + (x << 1) + s - '0';
s = getchar();
}
return x * sign;
#undef getchar
}//快读
void print(ll x) {
if (x / 10) print(x / 10);
*O++ = x % 10 + '0';
}
void write(ll x, char c = 't') {
if (x < 0)putchar('-'), x = -x;
print(x);
if (!isalpha(c))*O++ = c;
fwrite(obuf, O - obuf, 1, stdout);
O = obuf;
}
int n, m;
int a[limit];
void solve() {
cin>>n;
multiset<pi(int, int)>s;
rep(i,1,n){
cin>>a[i];
s.insert({a[i], i});
}
if(is_sorted(a + 1, a + 1 + n)){
cout<<0<<endl;
return;
}
if(a[n - 1] > a[n]){
cout<<-1<<endl;
return;
}
vector<tuple<int, int ,int>>ans;
ll minn = numeric_limits<ll>::min();
rep(i,1,n - 2){
a[i] = a[n - 1] - a[n];
ans.push_back({i, n - 1, n});
}
if(!is_sorted(a + 1, a + 1 + n)){
cout<<-1<<endl;
return;
}
cout<<ans.size()<<endl;
for(auto [x,y, z] : ans){
cout<<x<<" "<<y<<" "<<z<<endl;
}
}
int32_t main() {
#ifdef LOCAL
FOPEN;
// FOUT;
#endif
FASTIO
int kase;
cin>>kase;
while (kase--)
invoke(solve);
cerr << "Time elapsed: " << 1.0 * clock() / CLOCKS_PER_SEC << "s";
return 0;
}
D. Infinite Set
这个题是给一个set，然后每次可以把set内数字x变成2 * x + 1和4x，问小于\(2^p\)的元素最后有多少个。
这个题是一个思维好题。
首先我们发现，2*x + 1 一定不等于4x(废话)，然后既然扯到了二进制我们就从二进制的角度去考虑，那么第一个操作相当于每次左移1位，然后第二个操作属于左移2位。
简单起见我们先从set = {1}开始考虑，那么这个问题实质上就是我们每次可以左移1位或者2位，问小于\(2^p\)的数最后有多少个。
那么这个问题就变成了爬楼梯问题，也就是斐波那契数列，总共的数量我们用前缀和记录一下。
然后我们要dedup一下，因为发现可能会有重复的，那么我们逆向去拆数字，因为我们每次操作要么是奇数，要么是4的倍数，所以我们这样还原分解，如果发现其中的某个中间状态在数组里出现，就丢弃，因为set没有重复元素
然后我们对着dedup之后的数组，每个元素找到msb，然后 \(pref[p - msb + 1]\) 就是这个元素最后的贡献，然后求和就行了。
代码
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
constexpr int limit = (3e5 + 5);//防止溢出
#define INF 0x3f3f3f3f
#define inf 0x3f3f3f3f3f3f3f
#define lowbit(i) i&(-i)//一步两步
#define EPS 1e-9
#define FASTIO ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(0),cout.tie(0);
#define pi(a, b) pair<a,b>
#define rep(i, a, b) for(ll i = a; i <= b ; ++i)
#define per(i, a, b) for(ll i = b ; i >= a ; --i)
#define MOD 998244353
#define traverse(u) for(int i = head[u]; ~i ; i = edge[i].next)
#define FOPEN freopen("C:\\Users\\tiany\\CLionProjects\\akioi\\data.txt", "rt", stdin)
#define FOUT freopen("C:\\Users\\tiany\\CLionProjects\\akioi\\dabiao.txt", "wt", stdout)
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
char buf[1 << 23], *p1 = buf, *p2 = buf, obuf[1 << 23], *O = obuf;
inline ll read() {
#define getchar() (p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,1<<21,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++)
ll sign = 1, x = 0;
char s = getchar();
while (s > '9' || s < '0') {
if (s == '-')sign = -1;
s = getchar();
}
while (s >= '0' && s <= '9') {
x = (x << 3) + (x << 1) + s - '0';
s = getchar();
}
return x * sign;
#undef getchar
}//快读
void print(ll x) {
if (x / 10) print(x / 10);
*O++ = x % 10 + '0';
}
void write(ll x, char c = 't') {
if (x < 0)putchar('-'), x = -x;
print(x);
if (!isalpha(c))*O++ = c;
fwrite(obuf, O - obuf, 1, stdout);
O = obuf;
}
#define int ll
int n, m;
int a[limit];
ll f[limit];
ll pref[limit];
constexpr ll mod = 1e9 + 7;
ll get_highest_bit(ll x){
ll res = 0;
while(x){
x >>= 1;
++res;
}
return res;
}
void solve() {
ll ans = 0;
cin>>n;
int p;
cin>>p;
set<int>s;
rep(i,1,n){
cin>>a[i];
s.insert(a[i]);
}
f[1] = 1;
f[2] = 1;
pref[1] = 1;
pref[2] = f[1] + f[2];
rep(i,3,2e5){
f[i] = (f[i - 1] + f[i - 2]) % mod;
pref[i] = (pref[i - 1] + f[i]) % mod;
}
vector<int>dedup;
rep(i,1,n){
ll now = a[i];
bool is_dup = false;
while(now){
if(now bitand 1){
now -= 1;
now >>= 1;
}else if(now % 4 == 0){
now /= 4;
}else{
break;
}
if(s.contains(now)){
is_dup = true;
break;
}
}
if(not is_dup){
dedup.push_back(a[i]);
}
}
for(const auto &num : dedup){
ll msb = get_highest_bit(num);
if(p >= msb){
ans += pref[p - msb + 1];
// cout<<p - msb<<" "<<pref[p - msb]<<endl;
ans %= mod;
}
}
ans = (ans + mod) % mod;
cout<<ans<<endl;
}
int32_t main() {
#ifdef LOCAL
FOPEN;
// FOUT;
#endif
FASTIO
// int kase;
// cin>>kase;
// while (kase--)
invoke(solve);
cerr << "Time elapsed: " << 1.0 * clock() / CLOCKS_PER_SEC << "s";
return 0;
}
还得学习下分布式的知识，加油
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