BZOJ_4698_Sdoi2008 Sandy的卡片_后缀数组+单调队列+双指针
BZOJ_4698_Sdoi2008 Sandy的卡片_后缀数组
Description
Sandy和Sue的热衷于收集干脆面中的卡片。然而，Sue收集卡片是因为卡片上漂亮的人物形象，而Sandy则是为了积
攒卡片兑换超炫的人物模型。每一张卡片都由一些数字进行标记，第i张卡片的序列长度为Mi，要想兑换人物模型
，首先必须要集够N张卡片，对于这N张卡片，如果他们都有一个相同的子串长度为k，则可以兑换一个等级为k的人
物模型。相同的定义为：两个子串长度相同且一个串的全部元素加上一个数就会变成另一个串。Sandy的卡片数远
远小于要求的N，于是Sue决定在Sandy的生日将自己的卡片送给Sandy，在Sue的帮助下，Sandy终于集够了N张卡片
，但是，Sandy并不清楚他可以兑换到哪个等级的人物模型，现在，请你帮助Sandy和Sue，看看他们最高能够得到
哪个等级的人物模型。
Input
第一行为一个数N，表示可以兑换人物模型最少需要的卡片数，即Sandy现在有的卡片数
第i+1行到第i+N行每行第一个数为第i张卡片序列的长度Mi，之后j+1到j+1+Mi个数，用空格分隔，分别表示序列中
的第j个数
n<=1000,M<=1000,2<=Mi<=101
Output
一个数k，表示可以获得的最高等级。
Sample Input
2
2 1 2
3 4 5 9
2 1 2
3 4 5 9
Sample Output
2
根据定义，差分数组相同的两个子串就是相同的。
那不妨把长度为l的一个字符串变成一个长度为l-1的差分字符串。
这步需要一些处理，因为差分后可能出现负数之类的。
然后问题转化为求多个串的最长公共子串。
这里使用后缀数组来求这个。
我们把所有串拼起来，中间插入一个极大值后求这个大串的后缀数组，同时维护出每个字符是在哪个后缀中。
之后要在sa上选择一个尽可能短的区间，使得所有字符串都在这里至少出现一次。
这个用一下双指针，然后对应的答案就是j+1~i这部分height的最小值。
用单调队列求(强行比ST表优越)
代码：
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;
#define N 1000050
int r[N],sa[N],wa[N],wb[N],wv[N],Rank[N],height[N],n,ws[N],cnt,idx[N],H[1050],tot,ans,Q[N],m;
int w[100050];
inline char nc() {
static char buf[100000],*p1,*p2;
return p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,100000,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++;
}
inline int rd() {
int x=0; char s=nc();
while(s<'0'||s>'9') s=nc();
while(s>='0'&&s<='9') x=(x<<3)+(x<<1)+s-'0',s=nc();
return x;
}
void build_sa_array() {
int i,j,p,*x=wa,*y=wb,*t;
for(i=0;i<m;i++) ws[i]=0;
for(i=0;i<n;i++) ws[x[i]=r[i]]++;
for(i=1;i<m;i++) ws[i]+=ws[i-1];
for(i=n-1;i>=0;i--) sa[--ws[x[i]]]=i;
for(p=j=1;p<n;j<<=1,m=p) {
for(p=0,i=n-j;i<n;i++) y[p++]=i;
for(i=0;i<n;i++) if(sa[i]-j>=0) y[p++]=sa[i]-j;
for(i=0;i<n;i++) wv[i]=x[y[i]];
for(i=0;i<m;i++) ws[i]=0;
for(i=0;i<n;i++) ws[wv[i]]++;
for(i=1;i<m;i++) ws[i]+=ws[i-1];
for(i=n-1;i>=0;i--) sa[--ws[wv[i]]]=y[i];
for(t=x,x=y,y=t,i=p=1,x[sa[0]]=0;i<n;i++) {
if(y[sa[i]]==y[sa[i-1]]&&y[sa[i]+j]==y[sa[i-1]+j]) x[sa[i]]=p-1;
else x[sa[i]]=p++;
}
}
for(i=1;i<n;i++) Rank[sa[i]]=i;
for(i=p=0;i<n-1;height[Rank[i++]]=p)
for(p?p--:0,j=sa[Rank[i]-1];r[i+p]==r[j+p];p++);
}
int main() {
int i,j=0;
cnt=rd();
int minn=1<<30,maxx=0;
for(j=1;j<=cnt;j++) {
int lim;
lim=rd();
for(i=0;i<lim;i++) w[i]=rd();
for(i=1;i<lim;i++) idx[n]=j,r[n++]=w[i]-w[i-1],minn=min(minn,r[n-1]),maxx=max(maxx,r[n-1]);
n++;
}
m=maxx-minn+1;
for(i=0;i<n;i++) {
if(idx[i]) r[i]-=minn-1;
else r[i]=m+1;
}
r[n++]=0; m+=2;
build_sa_array();
int ll=0,rr=0; j=0;
for(i=0;i<n;i++) {
H[idx[sa[i]]]++; if(H[idx[sa[i]]]==1&&idx[sa[i]]) tot++;
while(ll<rr&&height[Q[rr-1]]>height[i]) rr--;
Q[rr++]=i;
if(tot!=cnt) continue;
while(j<i&&tot==cnt) {
H[idx[sa[j]]]--;
if(H[idx[sa[j]]]==0&&idx[sa[j]]) tot--;
j++;
}
j--; H[idx[sa[j]]]++;
if(H[idx[sa[j]]]==1&&idx[sa[j]]) tot++;
while(ll<rr&&Q[ll]<=j) ll++;
if(tot==cnt) {
ans=max(ans,height[Q[ll]]);
}
}
printf("%d\n",ans+1);
}
