Codeforces 1477C/1478F - Nezzar and Nice Beatmap (几何/暴力)
Codeforces Round #698 (Div.1) - C
Codeforces Round #698 (Div.2) - F
题意
给定\(n\)个点,要求构造一个点的排列,连成一条路线后使得每个\(\ang ABC\lt 90°\)(每个拐角需要拐\(\gt 90°\))
如下图左为可行路线,右为不可行路线
保证不存在重合的点,不存在方案输出\(-1\)
限制
\(3\le n\le 5000\)
思路
假设我们现在找到了一段合法路线,其中\(A,B\)为目前这条合法路线的最后两点
结论:
我们只需要找出还不存在于路线中的点\(C\),使得\(|BC|\)最大,这样点\(C\)就能成为下一个点
接下来就继续找点\(D\)满足\(|CD|\)最大即可
最后输出点序即可,所以不存在\(-1\)的情况
至于第一个点,实际上取任意一点均可(保险起见我取的是排序后第一个点)
时间复杂度\(O(n^2)\)
证明:
如果我们接下来找的点\(C\)能够满足\(|BC|\)最大(或并列大)
以\(B\)为圆心,\(|BC|\)为半径作一个圆,剩下的所有点肯定都落在这个圆内(或圆上)
由于不存在重合的点,明显对于任意剩下的点\(D\),\(\ang BCD\lt 90°\)恒成立
那么对于\(\ang ABC\),假设\(\ang ABC\ge 90°\),明显可以发现\(|AC|\gt|AB|\)成立,那么\(A\)的下一个点必不可能是\(B\),与我们的假设“其中\(A,B\)为目前这条合法路线的最后两点”不符,所以可得\(\ang ABC\lt 90°\)成立
程序
(140ms/2000ms)
// StelaYuri
//#include<ext/pb_ds/assoc_container.hpp>
//#include<ext/pb_ds/hash_policy.hpp>
#include<bits/stdc++.h>
#define closeSync ios::sync_with_stdio(0);cin.tie(0);cout.tie(0)
#define multiCase int T;cin>>T;for(int t=1;t<=T;t++)
#define rep(i,a,b) for(int i=(a);i<=(b);i++)
#define repp(i,a,b) for(int i=(a);i<(b);i++)
#define per(i,a,b) for(int i=(a);i>=(b);i--)
#define perr(i,a,b) for(int i=(a);i>(b);i--)
#define pb push_back
#define eb emplace_back
#define mst(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
using namespace std;
//using namespace __gnu_pbds;
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
typedef pair<int,int> P;
const int INF=0x3f3f3f3f;
const ll LINF=0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
const double eps=1e-12;
const double PI=acos(-1.0);
const double angcst=PI/180.0;
const ll mod=998244353;
ll gcd(ll a,ll b){return b==0?a:gcd(b,a%b);}
ll qmul(ll a,ll b){ll r=0;while(b){if(b&1)r=(r+a)%mod;b>>=1;a=(a+a)%mod;}return r;}
ll qpow(ll a,ll n){ll r=1;while(n){if(n&1)r=(r*a)%mod;n>>=1;a=(a*a)%mod;}return r;}
ll qpow(ll a,ll n,ll p){ll r=1;while(n){if(n&1)r=(r*a)%p;n>>=1;a=(a*a)%p;}return r;}
struct point
{
ll x,y;
int id;
bool vis;
bool operator <(const point& a) const
{
if(x^a.x)
return x<a.x;
return y<a.y;
}
}ar[5050];
ll distance(int a,int b)
{
return (ar[a].x-ar[b].x)*(ar[a].x-ar[b].x)+(ar[a].y-ar[b].y)*(ar[a].y-ar[b].y);
}
void solve()
{
int n;
cin>>n;
rep(i,1,n)
cin>>ar[i].x>>ar[i].y,ar[i].id=i,ar[i].vis=false;
sort(ar+1,ar+1+n);
ar[1].vis=true;
cout<<ar[1].id;
int p=1;
rep(i,2,n)
{
ll d=0;
int nxt=0;
rep(j,1,n)
if(!ar[j].vis) //没用过的点
{
if(!nxt)
{
nxt=j;
d=distance(p,j);
}
else
{
ll dd=distance(p,j);
if(dd>d) //取距离最大的点
{
nxt=j;
d=dd;
}
}
}
ar[nxt].vis=true;
p=nxt;
cout<<' '<<ar[nxt].id;
}
}
int main()
{
closeSync;
//multiCase
{
solve();
}
return 0;
}