摘要： UVA_10304 一开始没有理解二叉搜索树的特点。 这个题目的二叉搜索树的左子树的节点一定比当前节点小，右子树的的节点一定比当前节点大。这样我们对于题目给出的线性表，如果选定了一个根节点，那么根节点左边的一定都是左子树的，右边的一定都是右子树的。就每一个子树来看，也有这样的特点。 于是我们取f[i][j]表示i到j这个子树的最优搜索树的期望，那么f[i][j]=min{f[i][k-1]+f[k+1][j]+sum(i,j)-a[k]}，其中a[k]表示访问k节点的频率，sum(i,j)表示i到j的访问频率之和。我们每选定一个相对的根节点，那么相当于原来独立的左右两个子树的层数均增加了... 阅读全文

摘要： UVA_10306 直接将x、y由小到大进行递推即可，对每个格子都尝试一下M个向量加法操作。#include<stdio.h>#include<string.h>#define MAXM 50#define MAXS 310#define INF 1000000000int M, S, x[MAXM], y[MAXM], f[MAXS][MAXS];void init(){ int i; scanf("%d%d", &M, &S); for(i = 0; i < M; i ++) scanf("%d%d", 阅读全文

摘要： UVA_10739 我们用f[i][j]表示字符串从第i位到第j位构成回文串最少所需的操作数，如果b[i]==b[j]，f[i][j]=f[i+1][j-1]，否则f[i][j]=min{f[i][j-1],f[i+1][j],f[i+1][j-1]}+1。#include<stdio.h>#include<string.h>#define MAXD 1010#define INF 1000000000char b[MAXD];int f[MAXD][MAXD];int dp(int x, int y){ int t, min = INF; if(f[x][y] != 阅读全文

摘要： UVA_590 根据到达时间，我们可以把图看成有K层，然后用SPFA求到各个点的最短路即可。#include<stdio.h>#include<string.h>#define INF 1000000000int N, K, G[15][15][40], T[15][15], f[15][1010];int q[11000], d[11000], inq[15][1010];int init(){ int i, j, k; scanf("%d%d", &N, &K); if(!N && !K) return 0; fo 阅读全文

摘要： UVA_10651 由于总状态很少，所以直接广搜即可。#include<stdio.h>#include<string.h>#define MAXD 10010char b[20];int d[MAXD], q[MAXD], hash[MAXD], N;void init(){ int i, j; scanf("%s", b); N = q[0] = 0; for(i = 0; i < 12; i ++) { q[0] = (q[0] << 1) + (b[i] == 'o' ? (N ++, 1) : 0); }} 阅读全文

摘要： UVA_10051 将一个立方体拆成6个，然后去求最长上升子序列即可。#include<stdio.h>#include<string.h>#define MAXD 3010char b[][10] = {"front", "back", "left", "right", "top", "bottom"};int N, w[MAXD], f[MAXD], upcol[MAXD], downcol[MAXD], d[MAXD], p[MAXD], a[1 阅读全文

摘要： Problem A 考察地形 题目中所描述的P即指任意两点之间的所有最短路径所覆盖的不同的路的条数，最后要求求P的最大值。 一个比较直接、暴力的想法就是首先用Floyd处理出任意两点i,j间的最短路，然后枚举i、j，每次扫描一遍顶点确定在所有最短路中都有哪些顶点，即对k满足f[i][k]+f[k][j]=f[i][j]。然后凡是最短路上的边，必然是k的集合中的点所连成的边，因此我们再一对一对枚举k集合中的点x、y，并判断两点间的那条路是否在最短路上，即是否满足f[i][x]+g[x][y]+f[y][j]==f[i][j]或者f[i][y]+g[y][x]+f[x][j]==f[i][j].. 阅读全文

摘要： UVA_10069 这个题目一开始没有头绪，后来看了一下别人的题解顿悟了。 我们不妨设短串是a，长串是b，用数组f[i][j]表示到b的第j位时一共包含了多少个a到第i位的子序列。这样，动态转移方程就是f[i][j]=f[i][j-1];if(a[i]==b[j]) f[i][j]+=f[i-1][j-1];，同时我们需要初始化i=0时f[i][j]的值，即统计一下b中到第j位时出现了多少个a[0]即可。 为了能偷懒，就直接用java的BigInteger去写了。import java.math.BigInteger;import java.util.Scanner;public class. 阅读全文

摘要： 本次热身赛时间为2011.11.20 12:00-17:00，比赛形式为网络赛，地址在中南大学OJ上，题目共10道，全部为中文命题。 中南大学OJ链接: http://acm.csu.edu.cn/OnlineJudge/ 欢迎各位新手老手前来热身~O(∩_∩)O~，本次命题主题为“水上乐园”，愿大家玩的开心~ 赛后约1-2日内会在我的博客发布相关的解题报告，同时题目也会挂出来。 由于我要参加12月的月赛，所以就只好过把命制热身赛题目的瘾了。本次比赛题目原创比例还是比较高的，同时为了照顾我校刚开始搞ACM的同学，这次的题目测重点在于思维的灵活性，编码的复杂度并不高，同时加入了几个简... 阅读全文

摘要： HDU_1116 用线段树支持单点修改和区间求和即可。#include<stdio.h>#include<string.h>#define MAXD 50010int N, M, tree[4 * MAXD];char b[20];void solve(){ int i, j, k, res, s, t; scanf("%d", &N); for(M = 1; M < N + 1; M <<= 1); memset(tree, 0, sizeof(tree)); for(i = 1, j = M + 1; i <= N 阅读全文