摘要： SGU_112 用Java的BigInteger很容易实现。import java.math.BigInteger;import java.util.Scanner;public class Solution { public static void main(String[] args) { Scanner cin = new Scanner(System.in); int a, b; while(cin.hasNext()) { a = cin.nextInt(); b = cin.n... 阅读全文

摘要： SGU_111 又一次写大数开平方了，由于Java写起来比较方便，所以就直接用Java写了。import java.math.BigInteger;import java.util.Scanner;public class Solution { public static void main(String[] args) { Scanner cin = new Scanner(System.in); BigInteger X; while(cin.hasNext()) { X = cin.nextBigInte... 阅读全文

摘要： UVA_757 显然钓鱼是不会走回头路的，因为如果走回头路一定不会最优。 于是我们就可以枚举走到的位置，剩下的问题就是在这些可以到达的河中怎么钓鱼会更优，由于各个河是没有影响的，于是我们就可以枚举可供消耗的时间，在当前时刻一定会选择鱼最多的河去钓，需要注意的是，由于题目对输出的特殊要求，即便当前最多只能钓0条，那么也得去钓。#include<stdio.h>#include<string.h>#define MAXD 30int N, H, d[MAXD], f[MAXD], t[MAXD], now[MAXD], plan[MAXD], use[MAXD];long 阅读全文

摘要： UVA_10148 这个问题和区间选点问题是类似的。我们可以首先把区间按右端点排序，然后从左向右依次安排广告牌，对于每个区间，我们应该尽量将广告牌安排在右边，这样能够使广告牌覆盖尽可能多的区间。#include<stdio.h>#include<string.h>#include<stdlib.h>#define MAXD 20010#define MAXN 1010#define D 10000int a[MAXN], b[MAXN], K, N, r[MAXN], hash[MAXD];int cmp(const void *_p, const void 阅读全文

摘要： UVA_11000 首先分几堆是由某个维度的背包数量的最大值决定的，有了堆数K之后，我们只要按背包的维度递增的顺序依次把每个背包按1,2,…,K,1,2…这样的顺序放到每个堆里即可，这样对于任意一个堆一定不会出现重复的背包。#include<stdio.h>#include<string.h>#include<stdlib.h>#define MAXD 10010int a[MAXD], N, K, r[MAXD], num[MAXD], first[MAXD], next[MAXD], v[MAXD];int cmp(const void *_p, con 阅读全文

摘要： UVA_10716 首先要预判一下是否可以构成回文串，剩下的工作就是看怎么移动了。 在移动的时候我们不妨先用点贪心的思想，每次应该先把两端的变成回文，如果我们先让两端变成回文之后，这样中间的字符在移动的时候就有可能少和1个移到两端的字符发生交换，因此这样的决策不会产生负面影响。 接下来就是去想我们要怎样让两端变成回文的了，其中一个猜想就是如果两端字符不同，那么就固定两端之一不动，通过移动另外一个字符使两端成为回文的，而且哪种方式交换次数少就选择哪种方式。至于为什么这么做，我暂时只是感觉可以，并没有进行严谨的证明。#include<stdio.h>#include<string 阅读全文

摘要： UVA_10670 一开始不知道rounding down是四舍五入的意思，还以为是向下取整，果断就疑惑了…… 贪心的思路不难想到，如果减半不会使文件少于M且比单份划算的话就一直用减半即可。#include<stdio.h>#include<string.h>#include<stdlib.h>#define MAXD 110int N, M, L, cost[MAXD], a[MAXD], b[MAXD], r[MAXD];char name[MAXD][20], temp[110];int cmp(const void *_p, const void * 阅读全文

摘要： UVA_10382 这个题目的数据好像还是比较厚道的，应该没有太刁难的数据。 实际上对于每个喷头我们算它能够喷到范围应该是按矩形去算的，因为多出来的那点弧和边之间是有空隙的。这样我们就能将喷头的喷洒范围转化成对应的区间，于是这个题目就变成了区间覆盖问题。#include<stdio.h>#include<string.h>#include<math.h>#include<stdlib.h>#define MAXD 10010int N, L, W, r[MAXD], w[MAXD], x[MAXD];double left[MAXD], righ 阅读全文

摘要： UVA_10718 为了使最后or运算的值最大，我们不妨从二进制位的最高位开始依次考虑。如果该位是0的话，我们应该尽量让其变成1，这时我们就可以依据我们的意图算出M可能的最小值和最大值，如果这个区间和L、U这个区间有交集的话，就说明我们是可以把这一位变成1的。同理，如果该位是1的话，无论M的这位是什么，最后这位还是为1，但为了让M尽量小，我们应该尽可能让这一位为0。当然，这时你是否会怀疑这样一个问题，如果这位为0的话，相比为1就会让整体的可能值变小了，会不会后面有1位是0而我们即便该位选1都达不到下限呢？这个是不会的，因为如果该位选1都达不到下限就说明后面全部是1都达不到下限，那么只能说明在上 阅读全文

摘要： UVA_10400 这个题目可以用dp去解，不妨用f[i][j]表示到第i个数时得到j是否可能，如果可能值为1，否则值为0。由于有负数，所以我们可以把j加32000后再修改对应的f[i][j]的值，这样我们就只要依次递推去看最后f[N-1][target+32000]是否为1即可。 此外，这个题目要求打印路径，我们在打印路径有两种选择，一种是记录此步的操作，一种是记录上一步的结果。选择记录此步的操作往往比较简便，但由于这个题目可能存在特殊的数据，比如3 1000 0 3 3，如果设计到乘0的操作，我们就没办法通过记录的此步的操作来获取上一步的值了，因此，这个题目还是用记录上一步结果的方式来.. 阅读全文