摘要： POJ_2352 由于我们在读入数据的时候已知了前面星星的个数，实际上再减去当前星星右边的星星的数量即可，因此我们可以用一个线段树存储横坐标区间里的星星个数，每读入一个星星就修改并查询一次，并记录level即可。#include<stdio.h>#include<string.h>#define MAXD 32010#define MAXN 15010int M, N, tree[4 * MAXD], num[MAXN];void init(){ for(M = 1; M < 32003; M <<= 1); memset(tree, 0, sizeo 阅读全文

摘要： POJ_3468(1) 在消化了PPT上思想之后，又重新做了一下这个题目。 不妨将原数组的元素记作a[i]，然后我们用堆建立两棵线段树，一棵的原数组为x[i](x[i]=a[i]-a[i-1]，即原数组的差分数组)，另一棵的原数组为ix[i](ix[i] = i*x[i])。 为什么要这么做呢？原因如下。 如果我们记S[i]为x[i]的前缀和，我们会发现S[i]实际上就是a[i]，也就是说差分的前缀和就等于原数组中的对应元素（因而才说差分是前缀和的逆运算）。我们不妨设SS[i]为S[i]的前缀和，在求区间和时用SS[b]–SS[a-1]自然是很方便的，然而对于修改操作，无论是维护S[i... 阅读全文

摘要： POJ_3468 现在用的方法还是比较慢的，因为YTQ给我那个PPT还没深入研究透，PPT上面对这种的题的解法是用维护前缀和的前缀和以及{n*An}的前缀和来实现的，而我用的方法就是比较朴素的做lazy标记，来标识该区间内每个元素增加了多少。如果需要查询子区间时，再更新子区间的和，并将lazy标记传递下去。#include<stdio.h>#include<string.h>#define MAXD 100010int N, M, Q;long long int tree[4 * MAXD], lazy[4 * MAXD], res;int left[4 * MAXD] 阅读全文

摘要： UVA_12299 首先分析简单的情况，数字代表最大堆，2必胜，3必输，4必胜，……其实偶数必胜是显然的，但奇数就不好说了，于是我们换个角度考虑。 如果说3必输的话，那么最后能把最大堆是3的情况留给Bob那么自己必然会赢，而能确保最大堆是3的情况就只有4、5、6了，而对于7，无论自己如何设置，都会把4、5、6其中的一个留给Bob，故自己必输。 同理，7必输的话，把7留给Bob就必胜，于是…… 这样推完，其实Bob能赢的情况就是在n=2^k-1(k = 2, 3, 4,…)的时候，其他时候Alice都是必胜的。#include<stdio.h>int main(){ int n; . 阅读全文