搜索之meet in middle（有效的小方法）

题目：[https://www.luogu.com.cn/problem/P2962] (P2962 [USACO09NOV] Lights G)

算法：meet in middle（折半搜索）

思路：

有$35$个点，总共的操作状态有$2^{35}$种情况。如果我们采用一般的搜索方式，时间上会毫不犹豫得爆掉。 所以，我们要用折半搜索的方式。将所有的点拆分成两个集合，对两个集合分别用搜索的方式（枚举所有可能出现的情况）。这样就只有$O(2^{n/2})$的时间复杂度了！也能顺利解决问题！

注意的细节：

1、用 $long long$ 代替 $int$ 用来提高数据的承受能力。
2、提前预处理 $2$ 的指数。
3、用 $count$ 函数来计算$1$的个数。
4、对 << 与 >> 的正确使用。

点击查看代码

#include <algorithm>
#include <cstdio>
#include <iostream>
#include <map>

using namespace std;

int n, m, ans = 0x7fffffff;
map<long long, int> f;
long long a[40];

int main() {
  cin >> n >> m;
  a[0] = 1;
  for (int i = 1; i < n; ++i) a[i] = a[i - 1] * 2;  // 进行预处理

  for (int i = 1; i <= m; ++i) {  // 对输入的边的情况进行处理
    int u, v;
    cin >> u >> v;
    --u;
    --v;
    a[u] |= ((long long)1 << v);
    a[v] |= ((long long)1 << u);
  }

  for (int i = 0; i < (1 << (n / 2)); ++i) {  // 对前一半进行搜索
    long long t = 0;
    int cnt = 0;
    for (int j = 0; j < n / 2; ++j) {
      if ((i >> j) & 1) {
        t ^= a[j];
        ++cnt;
      }
    }
    if (!f.count(t))
      f[t] = cnt;
    else
      f[t] = min(f[t], cnt);
  }

  for (int i = 0; i < (1 << (n - n / 2)); ++i) {  // 对后一半进行搜索
    long long t = 0;
    int cnt = 0;
    for (int j = 0; j < (n - n / 2); ++j) {//注意这里的处理
      if ((i >> j) & 1) {
        t ^= a[n / 2 + j];//连锁
        ++cnt;
      }
    }
    if (f.count((((long long)1 << n) - 1) ^ t))
      ans = min(ans, cnt + f[(((long long)1 << n) - 1) ^ t]);
  }

  cout << ans;

  return 0;
}