二叉树的 Morris 中序遍历——O(1)空间复杂度

回顾

问题陈述： 给定一棵二叉树，实现中序遍历并返回包含其中序序列的数组
例如给定下列二叉树：

我们按照左、根、右的顺序递归遍历二叉树，得到以下遍历：

最终中序遍历结果可以输出为： [3, 1, 9, 2, 4, 7, 5, 8, 6]

Morris trick

Morris 中序遍历是一种树遍历算法，旨在实现 O(1) 的空间复杂度，无需递归或外部数据结构。该算法应高效地按中序顺序访问二叉树中的每个节点，并在遍历过程中打印或处理节点值，而无需使用堆栈或递归。
关键思想是在 current node 与其对应的 rightmost node 之间建立临时链接
先来看下中序遍历的过程：

做法讨论

节点的中序前驱是左子树中最右边的节点。因此，当我们遍历左子树时，我们会遇到一个右子节点为空的节点，这是该子树中的最后一个节点。因此，我们观察到一种模式，每当我们处于子树的最后一个节点时，如果右子节点指向空，我们就会移动到该子树的父节点。

当我们当前处于某个节点时，可能会出现以下情况：

情况1：当前节点没有左子树

打印当前节点的值
然后到当前节点的右子节点

如果没有左子树，我们只需打印当前节点的值，因为左侧没有节点可遍历。之后，我们移至右子节点继续遍历。

情况 2：存在一棵左子树，并且该左子树的最右边的孩子指向空。

将左子树的最右边的子节点设置为指向当前节点。
移动到当前节点的左子节点。

在这种情况下，我们还没有访问左子树。我们从左子树的最右节点到当前节点建立一个临时链接。此链接可帮助我们稍后确定何时完成左子树的按序遍历。设置链接后，我们移至左子节点以探索左子树。

情况3：存在一棵左子树，并且该左子树的最右边的孩子已经指向当前节点。

打印当前节点的值
恢复临时链接（将其设置回空）
移动到当前节点的右子节点。

这种情况对于保持树结构的完整性至关重要。如果左子树的最右边的子节点已经指向当前节点，则意味着我们已经完成了左子树的按序遍历。我们打印当前节点的值，然后恢复临时链接以恢复原始树结构。最后，我们移动到右子节点继续遍历。

算法

步骤 1：初始化 current 来遍历树。将 current 设置为二叉树的根。
步骤 2：当前节点不为空时：如果当前节点没有左子节点，则打印当前节点的值并移动到右子节点，即将当前节点设置为其右子节点。
步骤 3：当前节点有左孩子，我们找到当前节点的 in-order predecessor 。这个 in-order predecessor 是左子树的最右节点。

如果 in-order predecessor 的右孩子节点为空：
- 将 in-order predecessor 右孩子节点设置为当前节点。
- 移动到 current 的左孩子
如果 in-order predecessor 的右孩子不为空：
- 通过in-order predecessor 的右孩子设置为空
- 打印当前节点的值。
- 通过先前 in-order predecessor 的右孩子拿到 current , 然后移动到 cuurent 的右孩子节点
  重复步骤 2 和 3，直到到达树的末尾。

时间复杂度

每个节点最多会被访问 3 次，因此时间复杂度为 O(3n)=O(n)

代码实现

                            
#include <iostream>
#include <sstream>
#include <unordered_map>
#include <vector>
#include <queue>
#include <map>

using namespace std;

// TreeNode structure
struct TreeNode {
    int val;
    TreeNode *left;
    TreeNode *right;
    TreeNode(int x) : val(x), left(nullptr), right(nullptr) {}
};

class Solution {
public:
    // Function to perform iterative Morris
    // inorder traversal of a binary tree
    vector<int> getInorder(TreeNode* root) {
        // Vector to store the
        // inorder traversal result
        vector<int> inorder;
        // Pointer to the current node,
        // starting from the root
        TreeNode* cur = root;
        
        // Loop until the current
        // node is not NULL
        while (cur != NULL) {
            // If the current node's
            // left child is NULL
            if (cur->left == NULL) {
                // Add the value of the current
                // node to the inorder vector
                inorder.push_back(cur->val);
                // Move to the right child
                cur = cur->right;
            } else {
                // If the left child is not NULL,
                // find the predecessor (rightmost node
                // in the left subtree)
                TreeNode* prev = cur->left;
                while (prev->right && prev->right != cur) {
                    prev = prev->right;
                }
                
                // If the predecessor's right child
                // is NULL, establish a temporary link
                // and move to the left child
                if (prev->right == NULL) {
                    prev->right = cur;
                    cur = cur->left;
                } else {
                    // If the predecessor's right child
                    // is already linked, remove the link,
                    // add current node to inorder vector,
                    // and move to the right child
                    prev->right = NULL;
                    inorder.push_back(cur->val);
                    cur = cur->right;
                }
            }
        }
        
        // Return the inorder
        // traversal result
        return inorder;
    }
};


int main() {

    TreeNode* root = new TreeNode(1);
    root->left = new TreeNode(2);
    root->right = new TreeNode(3);
    root->left->left = new TreeNode(4);
    root->left->right = new TreeNode(5);
    root->left->right->right = new TreeNode(6);

    Solution sol;
    
    vector<int> inorder = sol.getInorder(root);

    cout << "Binary Tree Morris Inorder Traversal: ";
    for(int i = 0; i< inorder.size(); i++){
        cout << inorder[i] << " ";
    }
    cout << endl;

    return 0;
}

变式与思考


#include <iostream>
#include <vector>
#include <stack>
using namespace std;

// TreeNode structure
struct TreeNode {
	int val;
	TreeNode *left;
	TreeNode *right;
	TreeNode(int x) : val(x), left(nullptr), right(nullptr) {}
};
void delete_all_recursion(TreeNode *root){
  if (root == NULL ) return;
  delete_all_recursion(root->left);
  delete_all_recursion(root->right);
	cout << root->val << " ";
  delete root;
}
void delete_all_iter(TreeNode *root){
	TreeNode *cur = root;
	TreeNode *pre = NULL;
	stack<TreeNode *> st;
	while(cur || !st.empty()) {
		while(cur) {
			st.push(cur);
			cur = cur->left;
		}
		if(!st.empty()) {
			cur = st.top(); 
			if(cur->right && cur->right != pre) {
				cur = cur->right;
				continue;
			}
			cout << cur->val << " ";
			st.pop();
			pre = cur, cur = NULL;
		}
	}
}

void inorder_stack(TreeNode *root) {
	TreeNode* cur = root;
	stack<TreeNode *> st;
	while(cur || !st.empty()) {
		while(cur) {
			st.push(cur);
			cur = cur->left;
		}
		if(!st.empty()) {
			cur = st.top(); st.pop();
			cout << cur->val << " ";
			cur = cur->right;
		}
		
	}
}

// Function to perform iterative Morris
// inorder traversal of a binary tree
vector<int> inorder_morris(TreeNode* root) {
	// Vector to store the
	// inorder traversal result
	vector<int> inorder;
	// Pointer to the current node,
	// starting from the root
	TreeNode* cur = root;
	
	// Loop until the current
	// node is not NULL
	while (cur != NULL) {
		// If the current node's
		// left child is NULL
		if (cur->left == NULL) {
				// Add the value of the current
				// node to the inorder vector
				inorder.push_back(cur->val);
				// Move to the right child
				cur = cur->right;
		} else {
			// If the left child is not NULL,
			// find the predecessor (rightmost node
			// in the left subtree)
			TreeNode* left_last_node = cur->left;
			while (left_last_node->right && left_last_node->right != cur) {
				left_last_node = left_last_node->right;
			}
			TreeNode *right_last_node = cur->right;
			while (right_last_node->right && right_last_node->right != cur) {
				right_last_node = right_last_node->right;
			}
			
			// If the predecessor's right child
			// is NULL, establish a temporary link
			// and move to the left child
			if (left_last_node->right == NULL) { // 第一次访问根节点
				left_last_node->right = cur; 
				// 前序遍历
				// inorder.push_back(cur->val);
				cur = cur->left;
			} else if (left_last_node->right == cur) { //第二次访问根节点
				// If the predecessor's right child
				// is already linked, remove the link,
				// add current node to inorder vector,
				// and move to the right child
				left_last_node->right = NULL; 
				// 中序遍历
				// inorder.push_back(cur->val);
				cur = cur->right;
			}
		}
	}
	
	// Return the inorder
	// traversal result
	return inorder;
}


int main() {
	TreeNode* root = new TreeNode(1);
	root->left = new TreeNode(2);
	root->right = new TreeNode(3);
	root->left->left = new TreeNode(4);
	root->left->right = new TreeNode(5);
	root->left->right->right = new TreeNode(6);
	
	vector<int> inorder = inorder_morris(root);
	cout << "inorder traversal using Morris: ";
	for(int i = 0; i< inorder.size(); i++){
			cout << inorder[i] << " ";
	}
	cout << endl;
	
	// ********************************************
	cout << "inorder traversal using Stack: ";
	inorder_stack(root);
	cout << endl;

	cout << "Mock delete all node: ";
	delete_all_iter(root);
	cout << endl;
	cout << "After delete all node: ";
	delete_all_recursion(root);
	// ********************************************

	cout << endl;

	return 0;
}

posted @ 2024-09-15 14:36 sparkyen 阅读(58) 评论(0) 编辑收藏举报

会员力量，点亮园子希望

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Sean

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