摘要： http://poj.org/problem?id=1724/*poj1724ROADS题意是在一定的coins的限制下的最短路径；可以用Dijkstra的变形(BFS+优先队列)；用邻接边来存储边；松弛过程中用优先队列（边的长度短的优先）来存储边，将符合条件（coins限制）的边都加入优先队列；直到找到延伸到最后一个顶点即可终止循环； 因为最先到达的一定是最短路径，在coins的限制条件下；*/View Code #include<iostream>#include<algorithm>#include<queue>using namespace std; 阅读全文

摘要： /*hdu4043FXTZ II(引用)题意：A、B两人初始血量相同，有n个技能,伤害分别为^i(i＝，，，…，n-1)，每随机(机会均等)选择一个技能随机(机会均等)打向A或B，直到技能用完，每个技能只被选择一次，且每次攻击后A的血量只要有一次超过B的血量，则A赢B输，问B赢的概率是多少。要求用最简分数表示。思路：当n=1时，p1 = 1/2当n=2时，第一个技能伤害如果是，只要第一个打出的技能打向A,则B必胜，这个事件发生的概率为/2 * 1/2；第一个如果是,那么只有两技能都打向A，B才能胜，事件发生的概率为/2 * 1/2 * 1/2;.则p2 =1/4 + 1/8 = 3/8当n=3 阅读全文

摘要： http://poj.org/problem?id=1251/*poj1251Jungle Roads最小生成树（裸题）题意：给出道路（两端点和权值） 求最小费用使所有城市相连*/View Code #include<iostream>#include<algorithm>using namespace std;#define MAXN 27int pre[MAXN];int fee;struct node{ int u,v,w;}e[MAXN*MAXN];bool cmp(const node&a,const node&b){ return a.w&l 阅读全文

摘要： /*poj1236Network of Schools题意：网络中有一些学校，每个学校可以分发软件给其他学校。可以向哪个分发取决于他们各自维护的一个清单。有两个问题，：1:至少要copy多少份新软件给那些学校，才能使得每个学校都能得到。2:要在所有的学校的清单里面至少一共增加几项才能使得 把软件给任意一个学校，所有的学校都能收得到。思路：问题一：要使每个学校都能收到，就是计算图里面一共有多少入度是的点，这个好理解。 问题二：先学习下计算强连通分支的算法——Tarjan, 然后缩点，把每一块看成一个点，出来一个新的有向图。然后计算出度为的入度为的点各有多少，大的那个就是答案。值得注意的是，当只有 阅读全文

摘要： View Code /*zoj1990Subway Tree Systems题目大意:初始时站在树的根节点，若朝着远离根的方向走，记录“”，接近根的方向走记录“”。并且树的每一条边只能来回走一次（即向下和返回）。一个合法的序列可以描述出一棵树的形态。现在给出两个合法的序列，判断两棵树是否同构。分析：由于根节点确定，若两棵树同构，无非就是把子树的位置交换了一下。很自然的想法就是：将树的子树按照某种规则进行排序，若排序之后两个字符串相等，则同构；否则不同构。现在来分析一下序列，可以看出，当一个串的“”和“”个数相等时，恰好就是一棵子树。例如：0010011101001011可以划分为一下三棵子树0 阅读全文

摘要： View Code /*poj1161Walls1.求与城市连接的区域，即环绕城市，能从城市直接到达的区域：若区域i的边界点里包含城市A，则A与区域i是连接的。2.求与区域连接的区域（这是主要的难点）：因为区域的边界是按照顺时针排列的，假如说区域i边界点有a, b，这说明边界a-b是与区域i是相邻的，这时如果区域j的边界点有b, a（注意不是a, b,因为在区域i是顺时针，那么在区域j就是逆时针了)，这说明边界b-a是与区域j是相邻的，于是i与j就相邻了。注意一条边只能与两个区域相邻*/#include<iostream>#include<algorithm>#incl 阅读全文

摘要： View Code /*hdu4076Haunted Graveyard题意：一块h*w的墓地，每个格子可能是石头（障碍），洞（在t秒后到达某个位置，t可能为负），草地（,0）为入口，（h-1,w-1）为出口。问从入口到出口的最短用时，若到不了输出Impossible，若用时无限小输出Never无限小：存在负权回路思路：存在负权，显然要用spfa。当对某一个点的松弛次数超过该图的顶点数h*w时就表示存在负权回路。但是有一点需要注意：判断负权回路的时候不能把终点算在内，因为当第一次走到终点的时候就走出去了，终点不会对他的后继点进行松弛。*/#include<iostream>#inc 阅读全文

摘要： View Code /*hdu4034Graph给出任意两点的最短距离，求出图中最少边数，如果这样的图不存在输出impossible1.floyd去松弛每条边，如果能松弛，则不合理。2.floyd判断d[i][j]能否表示为d[i][k]+d[k][j]的形式，这样就可以去掉一条边了（假设开始所有顶点间都有边）。3.ans=n*(n-1)-cnt. 即总边数-可以去掉的边。*/#include<iostream>#include<algorithm>using namespace std;#define MAXN 105#define INF 1000000000int 阅读全文

摘要： View Code /*poj1135Domino Effect有n个关键的多米诺骨牌，两个多米诺骨牌中间有一排骨牌，一块骨牌倒下需要1s，从第一个关键的骨牌开始翻到，问全部骨牌翻到需要多少时间&&最后一块骨牌的位置思路：求每块关键骨牌翻到的时间（以为源点最小路径），每一条边全部倒下需要时间(d[u]+d[v]+val)/2;注意：1,0->1.0s 1*/#include<iostream>#include<algorithm>#include<cmath>using namespace std;#define INF 1000000 阅读全文

摘要： View Code /*poj1062昂贵的聘礼解法：求一点到其他所有点的最短路径（还要加上终点的pri[]）,在一条路径上点与点之间的等级差不能超过n,扫描区间因为每条路径都要经过点1，所以依次扫描区间[ lev[1]-n , leve[1] ]......[ lev[1] , lev[1]+n ]*/#include<iostream>#include<algorithm>#include<cmath>#define MAXN 1000#define INF 100000000int lev[MAXN],pri[MAXN],g[MAXN][MAXN],G 阅读全文