CF1081C-Colorful Bricks-(dp||组合数)
http://codeforces.com/problemset/problem/1081/C
题意：有n个排成一行板块，有m种颜色，要让这些板块有k对相邻板块不同颜色，有多少种涂色方法？
比如样例2，3块板，2种颜色，1对不同。有4种涂法。
1.黄+绿+绿
2.黄+黄+绿
3.绿+黄+黄
4.绿+绿+黄
为什么是相邻不同？百度翻译讲得含糊其辞。从样例可以推断出来如果第1种情况中，第一个黄 越过第二个绿 直接与第三个绿构成一种情况，则样例不成立。
解题：
dp[i][j]表示长度为i的板块中有j个不同色的情况。
对于第1个板块，肯定是没有不同色的，1个哪来的不同？第1个板块的涂色方法有m种，这应该可以理解，每种颜色都可以涂在第1块上，暂时不考虑其他的东西。
举例：有4块板，3种颜色（用字母a，b，c表示），要2种不同色。
对于第1个板块，有3种情况
a * * *
b * * *
c * * *
本例子要求2个相邻不同色
则对于第2个板块，要创造出1个相邻不同色，则第二个板块要和前面的板块不同色，前面的板块占m种中的1种，则与它不同色的情况有m-1种。dp[i][j] = dp[i-1][j-1] *（m-1）。比如现在的dp[2][1]=dp[1][0]*2=3*2=6;
a b * * a c * *
b a * * b c * *
c a * * c b * *
对于第3个板块，如果要再创造出1个相邻不同色，则dp[3][2]=dp[2][1]*2=6*2=12;
aba* abc* aca* acb*
bab* bac* bca* bcb*
cac* cab* cba* cbc*
对于第4个板块，2个相邻不同色已经够了，则不需要再创造相邻不同色了,按照上一种涂色方法继续涂就好。dp[i][j]=dp[i-1][j];
abaa abcc acaa acbb
babb bacc bcaa bcbb
cacc cabb cbaa cbcc
但是，如果第2块涂的时候不创造相邻不同色，则是这样，dp[i][j]=dp[i-1][j],dp[2][0]=dp[1][0]。
aa**
bb**
cc**
不创造相邻不同色是在已经有足够相邻不同色的情况下派上用场。
接下来第3块想创造1个相邻不同色则还是 dp[i][j]=dp[i-1][j-1]*(m-1)
aab* aac*
bba* bbc*
cca* ccb*
所以状态转移方程是
dp[i][j]=dp[i-1][j-1]*(m-1) + dp[i-1][j];
记得求模，随便模。
类似那些dp[1][1],dp[2][2]这种不可能存在的东西当作0处理就可以了，1块板1个不同？？？2块板2个不同？？？
#include<stdio.h>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<math.h>
#include<map>
#include<string>
#define ll long long
#define inf 0x3f3f3f3f
using namespace std;
ll n,m,k;
ll dp[2222][2222];
ll p=998244353;
int main()
{
while(scanf("%lld %lld %lld",&n,&m,&k)!=EOF)
{
memset(dp,0,sizeof(dp));
for(int i=1;i<=n;i++)
dp[i][0]=m;///没有不同则是全部板都是一种颜色，无论板多长
for(int i=2;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=k;j++)
dp[i][j] = ( dp[i-1][j-1]*(m-1)%p + dp[i-1][j] )%p;
printf("%lld\n",dp[n][k]);
}
return 0;
}
组合数解法：
k个相邻不同色，至少需要k+1个板块来完成。
对于第1个板块，有m种可能。
剩下还有n-1个板块，在拿出k个板块来和第1个一起创造k个相邻不同色，任取k个，C( n-1,k )。
对于后面这所有的板块，有2种情况。
1.属于k个板块之一，则要与上一个板块不同，才能创造相邻不同色，它有(m-1)种涂色方法。
2.不属于k个板块之一，那么要与上一个板块相同，不变！不需要乘什么乱七八糟的东西。
公式： m * C( n-1,k ) * (m-1)^k
#include<stdio.h>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<math.h>
#include<map>
#include<string>
#define ll long long
#define inf 0x3f3f3f3f
using namespace std;
ll n,m,k;
ll p=998244353;
ll C[2222][2222];///C[i][j]表示从i个里拿j个
void init()
{
memset(C,0,sizeof(C));
for(int i=0;i<2222;i++)
C[i][0]=C[i][i]=1;
for(int i=1;i<2222;i++)
for(int j=1;j<i;j++)
C[i][j]=(C[i-1][j-1]+C[i-1][j])%p;///组合恒等式
/*
for(int i=0;i<=10;i++)
{
for(int j=0;j<=i;j++)
printf("%5lld",C[i][j]);
printf("\n");
}*/
}
int main()
{
init();
while(scanf("%lld %lld %lld",&n,&m,&k)!=EOF)
{
ll ans=m*C[n-1][k]%p;
for(int i=1;i<=k;i++)
ans=ans*(m-1)%p;
printf("%lld\n",ans);
}
return 0;
}
