2025年2月13日
填涂颜色
摘要： 题目说只有一个包围圈，所以除了与边界相连的0，其余0都在包围圈内，所以只要把边界遍历一遍，将与边界相邻的0都标记出来，剩下的0都是要转换成2的 `#include struct hao{ int i,j; } que[1000007]; int head=0,tail=0; int main(){ 阅读全文
posted @ 2025-02-13 22:29 十柒* 阅读(2) 评论(0) 推荐(0) 编辑
自然数的拆分问题
摘要： 题目意思很简单，就是把一个数按照字典序拆分，很显然可以用回溯，把每种可能都遍历一遍，遇到不可能的情况就剪枝 `#include int lst[10]={0}; int n,sum=0; void solve(int res,int p){ if(res0&&lst[1]!=n){ for(int 阅读全文
posted @ 2025-02-13 22:23 十柒* 阅读(2) 评论(0) 推荐(0) 编辑
2025年2月10日
Common Generator
摘要： 注意到两个素数之间是肯定不可以相互生成的，所以如果数组中包含两个及以上的素数时，x就不存在。而当数组中不包含素数时，2就是一个满足条件的数，因为任意偶数都可以由若干个二相加得到，而奇数肯定存在一个奇数因子（因为前提条件是都是合数），这个奇数减掉这个因子就变成了偶数，可以由2生成。当数组中有且仅有一个 阅读全文
posted @ 2025-02-10 20:49 十柒* 阅读(3) 评论(0) 推荐(0) 编辑
Longest Subsequence
摘要： 题目可以转换成求哪个数的因数出现次数最多，并输出这些因数的位置，所以也可以用埃氏筛的思想，这样可以避免重复计算。用一个数组sum[]来记录总次数，index就是具体的那个数，因为m<=1e6,所以数组是可以开出来的，每遇到一个数，就把sum中index为这个数的倍数的位置都++，因为一个数肯定是它倍 阅读全文
posted @ 2025-02-10 20:40 十柒* 阅读(6) 评论(0) 推荐(0) 编辑
最大公约数和最小公倍数问题
摘要： 根据题意，数对交换位置算不同数对，所以只要考虑p<=q就行了，交换一下就是结果乘二，但要注意当p=q时要减掉一。最小公倍数可以用pq==xy来代替，最大公约数就是gcd(p,q); `#include<stdio.h> include include include<stdlib.h> includ 阅读全文
posted @ 2025-02-10 20:32 十柒* 阅读(9) 评论(0) 推荐(0) 编辑
素数密度
摘要： 正常暴力就是每个数判断是否为素数，但这样会超时，所以要用埃氏筛，因为每一个数都可以唯一拆解为若干个素数乘积，所以只要r^0.5以内的素数都求出来，然后在[l,r]区间内把合数筛掉，剩下的都是素数了 `#include<stdio.h> include include include<stdlib.h 阅读全文
posted @ 2025-02-10 20:24 十柒* 阅读(4) 评论(0) 推荐(0) 编辑
Minimal Coprime
摘要： 显然，相邻的两个数是互质的，但题目只定义[1,1]为一个区间，所以1要单独判断 `#include<stdio.h> include include include<stdlib.h> include<string.h> include include<bits/stdc++.h> using na 阅读全文
posted @ 2025-02-10 20:18 十柒* 阅读(10) 评论(0) 推荐(0) 编辑
有理数取余
摘要： 首先a,b,d的范围大的离谱，显然不能直接读入，所以一边读入一边取模，然后注意到19260817是一个素数，显然可以用费马小定理，a^(p-1)=1(mod p).但我这里的代码是取模的线性替换 `#include<stdio.h> include include include<stdlib.h> 阅读全文
posted @ 2025-02-10 20:16 十柒* 阅读(4) 评论(0) 推荐(0) 编辑
2025年2月7日
国旗计划
摘要： 破环为链，并且将链延长一倍就不用考虑C>d了，并且题目说每个战士的奔袭区间都不被包含，所以以左端点排序后，注意到右端点必定单调，这就可以用贪心思想了，让下一个战士能尽可能远，只需要左端点尽可能远，不过要满足左端点在前一个战士的右端点前。第一个想法是暴力，显然会超时，就算用二分查找也会超时（别问我怎么 阅读全文
posted @ 2025-02-07 19:38 十柒* 阅读(4) 评论(0) 推荐(0) 编辑
Look Up S
摘要： 一开始想到暴力，但显然超时，所以换一个思路，不是考虑这头奶牛需要仰望谁，考虑这头奶牛被谁仰望，于是就会想到维护一个单调递减的栈，将比栈首低的奶牛入栈，遇到比栈首高的就出栈，直到栈首比这头奶牛高为止，再将这头奶牛入栈，等所有奶牛都完成后，还剩在栈里的就是没有仰望对象的奶牛。 `#include<std 阅读全文
posted @ 2025-02-07 15:03 十柒* 阅读(4) 评论(0) 推荐(0) 编辑