【JOISC2012】fish
Description
有 \(n\) 条鱼,第 \(i\) 条鱼的长度为 \(L_i\),颜色是 \(C_i\)(\(C_i\) 只能是 'R','G','B')。
你需要从中挑出至少一条鱼,要求挑出的鱼中不能存在两条鱼 \(x,y\) 满足 \(2L_x\le L_y\)。
求可以挑出 \(a\) 条红鱼、\(b\) 条绿鱼、\(c\) 条蓝鱼的三元组 \((a,b,c)\) 的个数。
\(n\le 5\times 10^5\)
Solution
将所有鱼按 \(L\) 从小到大排序。
枚举每条鱼 \(l\) 为 \(L\) 最小的鱼,求在此基础上能挑出的 \(L\) 最大的鱼 \(r\)。设第 \([l,r]\) 条鱼中有 \(a\) 条红鱼,\(b\) 条绿鱼,\(c\) 条蓝鱼,则 \((0,0,0)\) 到 \((a,b,c)\) 这个立方体空间中的所有三维点都是可以选的。问题转化成了求 \(n\) 个立方体的体积并。
\(n\) 个立方体的前左下端点都是 \((0,0,0)\),这个性质很好,我们可以用扫描线倒序扫第一维,第二、三维组成的平面 一定是一个包含左下角的凸包。不难发现我们要支持快速将一个前缀对一个参数取 max,以及整体求和,直接线段树就完了。时间 \(O(n\log n)\)。
当然也可以维护一个 set 记录第二、三维组成的平面上的凸包的每个顶点,区间更新 max 时暴力删掉中间所有被覆盖掉的顶点即可。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
inline int rd(){
char c=getchar();int x=0,flag=1;
for(;c<'0'||c>'9';c=getchar())if(c=='-')flag=-1;
for(;c>='0'&&c<='9';c=getchar())x=x*10+c-'0';
return x*flag;
}
struct fish{
int l,c;
friend inline bool operator < (fish a,fish b){
return a.l>b.l;
}
}a[500010];
struct node{
int x,y,z;
friend inline bool operator < (node a,node b){
return a.x>b.x;
}
}p[500010];
struct seg_tree{
ll sum;int tag,mx,mn;
}st[2000010]={0};
int n,sz[3]={0};
inline void pushdown(int s,int l,int r){
if(!st[s].tag) return;
int mid=(l+r)>>1,v=st[s].tag;
st[s<<1].tag=st[s<<1].mx=st[s<<1].mn=v;
st[s<<1].sum=(ll)v*(mid-l+1);
st[s<<1|1].tag=st[s<<1|1].mx=st[s<<1|1].mn=v;
st[s<<1|1].sum=(ll)v*(r-mid);
return (void)(st[s].tag=0);
}
inline void pushup(int s){
st[s].sum=st[s<<1].sum+st[s<<1|1].sum;
st[s].mx=max(st[s<<1].mx,st[s<<1|1].mx);
st[s].mn=min(st[s<<1].mn,st[s<<1|1].mn);
return;
}
inline void upd(int s,int l,int r,int x,int y,int v){
if(st[s].mn>=v) return;
if(x<=l&&r<=y&&st[s].mx<=v){
st[s].tag=st[s].mx=st[s].mn=v;
st[s].sum=(ll)v*(r-l+1);
return;
}
int mid=(l+r)>>1;pushdown(s,l,r);
if(x<=mid) upd(s<<1,l,mid,x,y,v);
if(mid<y) upd(s<<1|1,mid+1,r,x,y,v);
return pushup(s);
}
int main(){
n=rd();
for(int i=1;i<=n;i++){
int l=rd();char c[2];scanf("%s",c);
a[i]=(fish){l,(c[0]=='R')?0:(c[0]=='G')?1:2};
}
sort(a+1,a+n+1);
for(int i=1,j=1;i<=n;i++){
for(;j<=n&&(a[j].l<<1)>a[i].l;j++)
sz[a[j].c]++;
p[i]=(node){sz[0]+1,sz[1]+1,sz[2]+1};
sz[a[i].c]--;
}
sort(p+1,p+n+1);
ll ans=0;
for(int i=n+1,j=1;i;i--){
for(;j<=n&&p[j].x==i;j++)
upd(1,1,n+1,1,p[j].y,p[j].z);
ans+=st[1].sum;
}
return printf("%lld\n",ans-1),0;
}
嗯。。。