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CF#391

B：  题意：从n个数中取出k个数，这k个数的gcd()不能为1，求最大的k。 总结：数据量很大，1e5，直接瞎搞会爆。类似于素数筛法，用数组标出现过的数，然后1~1e5的质数筛过去，碰到是这n个数中的就加上。 

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#pragma comment(linker, "/STACK:102400000,102400000")
#define F(i,a,b)  for (int i=a;i<b;i++)
#define FF(i,a,b) for (int i=a;i<=b;i++)
#define mes(a,b)  memset(a,b,sizeof(a))
#define INF 0x3f3f3f3f
typedef long long ll;
const int N = 1e5+10;

int si[N],num[N];
bool mark[N];
void sieve_prime()
{
    mes(mark,true);
    mark[0]=mark[1]=false;
    for(int i=2; i<=N; ++i) {
        if(mark[i]) {
            for(int j=i; j<N; j+=i) {
                mark[j]=false;
                if(si[j]!=0) num[i]+=si[j];
            }
        }
    }
}
int main()
{
    int n;
    mes(si,0);  mes(num,0);
    scanf("%d", &n);
    int a;
    FF(i,1,n) {
        scanf("%d", &a);
        si[a]++;
    }
    sieve_prime();
    int ans=1;
    F(i,2,N) if(num[i]!=0) {
        ans=max(ans, num[i]);
    }
    printf("%d\n", ans);

    return 0;
}

C：  题意：n个区域，m个妖怪种类，在第i个区域有gi只妖怪，每只妖怪都有一个种类数mi。现在所有的妖怪都要进化一次，要求进化后每个区域的妖怪每个种类的数量不能变。进化程序要你设计，同一种类的妖怪进化后还得是同一个种类。求可能的方案数。 总结：种类x的妖怪进化到种类y，那么种类x,y的妖怪在所有区域的数量都应该是相同的。用vector比较即可。    注： 1、vector<int >A[N];  sort(A+1,A+1+m);  // 按A[i].size()递增排序，不会改变A[i]中各个数的顺序。如.size()相同则按里面数的大小依次比较排序。 if(A[i]==A[i-1]);  //只有两者各个数的大小、顺序都一致才相等。 2、题目意思区域yi对应多个种类xi，但这里反过来想，xi对应多个yi。 3、k个种类可以相互进化，这k个种类方案数就是k!，再与其它方案数相乘。

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#pragma comment(linker, "/STACK:102400000,102400000")
#define F(i,a,b)  for (int i=a;i<b;i++)
#define FF(i,a,b) for (int i=a;i<=b;i++)
#define mes(a,b)  memset(a,b,sizeof(a))
#define pb push_back
#define INF 0x3f3f3f3f
typedef long long ll;
const int N = 1e6+10;
const ll mod = 1e9+7;

vector<int >A[N];
int main()
{
    int n,m,gi;
    cin>>n>>m;
    FF(i,1,n) {
        cin>>gi;
        FF(j,1,gi) {
            int xi;  cin>>xi;
            A[xi].pb(i);
        }
    }
    sort(A+1,A+1+m);
    ll ans=1,cnt=1;
    FF(i,2,m) {
        if(A[i]==A[i-1]) {
            ans=ans*(++cnt)%mod;
        } else {
            cnt=1;
        }
    }
    cout<<(ans+mod)%mod<<endl;

    return 0;
}