摘要： 看了这里 http://blog.csdn.net/acm_cxlove/article/details/8679230的分析之后自己又按照自己的模板写了一遍，算是对spfa又加深了一步认识（以前真是只会用，没想太多）。又来当一次搬运工，一点点进步。题意是这样的：A个村庄，B个城堡，共有K次穿越的机会，且不能经过城堡或者穿越距离必须不超过L，否则必须停下来，当然，不能再道路中间停下来。按照大大的思路是这样做的：对于每出队的一个结点u，均有两种方式继续走下去，一中是使用一次穿越，另一种是不使用。这样对于使用穿越的情况，必须考虑所有满足d[u][v] 2 #include 3 #includ... 阅读全文

摘要： 题目大意：共有n个人，m对人为已知的朋友关系，而且这种关系具有传递性，也就是A与B，B与C是朋友，可以确定A与C是朋友，求一个人数最多的朋友团体。bfs就可以了，遇到未访问的结点，加入队列并且朋人数增加，bfs一开始只访问未访问的结点，并作为一个团体的开始。、代码： 1 #include 2 #include 3 #include 4 #include 5 #include 6 #include 7 #include 8 #include 9 #include 10 #define esp 1e-611 #define pb push_back12 #define in fr... 阅读全文

摘要： 题目大意：在一个网格地图中有一些高度不同的石柱，一些石柱上站着一些蜥蜴，你的任务是让尽量多的蜥蜴逃到边界外。 每行每列中相邻石柱的距离为1，蜥蜴的跳跃距离是d，即蜥蜴可以跳到平面距离不超过d的任何一个石柱上。石柱都不稳定，每次当蜥蜴跳跃时，所离开的石柱高 度减1（如果仍然落在地图内部，则到达的石柱高度不变），如果该石柱原来高度为1，则蜥蜴离开后消失。以后其他蜥蜴不能落脚。任何时刻不能有两只蜥蜴在同 一个石柱上。这个应该还算是比较难的网络流的题目了吧， 至少对我这个刚刚接触新手的人来说只这样的，AC的过程是痛苦而又备受煎熬的，最后一步步调试下来成功提交的那刹那，感觉全身满满的正能量，闲话少扯了. 阅读全文

摘要： 题目大意：给定n条单向边，求图中任意两点的连通路径的数目。其中点是从0-输入中出现的最大的点。可以用floyd-warshall算法或者dfs.for(int k = 0; k j的通路。 1 #include 2 #include 3 #include 4 #include 5 #define N 30 6 using namespace std; 7 int n, m, dp[N][N]; 8 9 void floyd(void)10 {11 for(int k = 0; k Path保存经过的点，并在dfs搜索下一个点之后再已经走过的Path里面查找看是否存在相应点，如... 阅读全文

摘要： 差分约束系统的第一个题目，看了落花大神的博客后，对差分约束有了一定了解，关键在于建图，然后就是判断是否存在负权回路。关于差分约束系统的解释详见维基百科：http://zh.wikipedia.org/wiki/%E5%B7%AE%E5%88%86%E7%BA%A6%E6%9D%9F%E7%B3%BB%E7%BB%9F利用spfa判断时，当图中有顶点出队次数多于图中顶点数目时说明存在负环。其实我自己敲上去的时候改了一点点。大神的time[g[x][i].v]当达到n+1时就返回false，这是不对的，因为点包括0嘛，所以最终应该有n+1个点，判断就应该改为达到n+2，而且这一点也从uva上得到证 阅读全文

摘要： 要问是否存在一个总权重为负数的环，用dfs即可解决。time：33ms 1 #include 2 #include 3 #define N 3000 4 using namespace std; 5 int n, m, T, w[N], u[N], v[N], next[N], first[N], pa[N], d[N], tag, i; 6 7 void read_graph(void) 8 { 9 for(int e = 0; e d[x] + w[i]，也就是能够继续松弛下去说明图中存在负权回路。time：44ms速度还慢了一点，相比dfs 1 #include 2 #i... 阅读全文

摘要： 算是一道需要动脑筋的最短路问题了，关键在于建图部分，对于n个电梯中每一个都要经过cnt个楼层，a[0],a[1],a[2],a[3],a[4],......a[cnt-1],那么对于任意两个楼层a[j],a[l],都需要建立一条a[j]到a[l]的边，以及另一条反向边。而且为了表示所属的电梯，另外用一个数组tag[e]表示边e所属的电梯，当tag[e1]!=tag[e2]，应该在时间上加上60s。然后利用dijsktra+优先队列即可。最近感觉做acm题是真真的开始入门了，不过接触到的算法，是在是少，一步一步慢慢学精吧。坚持做到每天独立的切几题，这样的成就感一定能够使得我越走越远。 1 #in 阅读全文

摘要： 这个题目真是伤透脑筋了，一直RE,连着改了好几个版本，又是spfa，又是单调队列dijkstra+单调队列，总是不过，后来发现M开小了，双向边应该开m的两倍，悲剧啊！！！以后不管怎样，数组一定要尽量开大点。折磨的真是痛苦，不过发现了一样好东西，http://uvatoolkit.com/problemssolve.phpuva一个测试工具，输入数据能够给出正确结果，以后不用辛苦到网上找AC代码了，直接输入结果。 1 #include 2 #include 3 #include 4 #include 5 #define N 20010 6 #define M 100010 7 #defi... 阅读全文

摘要： 这给题目和LIS类似，只不过是求连续的单调序列，用单调队列可破之，比如求LDIS(连续单增序列），如果a[i]大于栈顶元素入栈，将top作为序列长度，反过来再扫一遍就是包含该元素的单调递减序列，这样通过LCDS，LCIS函数可得到4个存储某元素左右的单调增，减的数组。然后枚举一遍就可以。 1 #include 2 #include 3 #include 4 #define N 1111111 5 #define INF 0x0f0f0f0f 6 using namespace std; 7 8 int stack1[N];//不要在函数里开大数组！！！ 9 int n;10 void LCI. 阅读全文

摘要： 题目意思很简单，四种操作：全部变成1，全部变成0，或者区间异或，查询区间1的个数，和区间连续的1的最大长度。理解起来没有问题，可是写起代码来发现非常繁琐，共用了9个数组，差不多200行了，第一次写这么长得代码，WA一次，后来发现某个地方rt 2 #include 3 #include 4 #include 5 #define N 111111 6 #define lson l,m,rt>1))) 27 lsum[rt]+=lsum[rt>1))) 29 lsum0[rt]+=lsum0[rt>1)) 31 rsum[rt]+=rsum[... 阅读全文