bzoj 3720: Gty的妹子树
Description
我曾在弦歌之中听过你，
檀板声碎，半出折子戏。
舞榭歌台被风吹去，
岁月深处尚有余音一缕……
Gty神(xian)犇(chong)从来不缺妹子……
他来到了一棵妹子树下，发现每个妹子有一个美丽度……
由于Gty很哲♂学，他只对美丽度大于某个值的妹子感兴趣。
他想知道某个子树中美丽度大于k的妹子个数。
某个妹子的美丽度可能发生变化……
树上可能会出现一只新的妹子……
维护一棵初始有n个节点的有根树(根节点为1)，树上节点编号为1-n，每个点有一个权值wi。
支持以下操作：
0 u x 询问以u为根的子树中，严格大于x的值的个数。(u^=lastans,x^=lastans)
1 u x 把u节点的权值改成x。(u^=lastans,x^=lastans)
2 u x 添加一个编号为"当前树中节点数+1"的节点，其父节点为u，其权值为x。(u^=lastans,x^=lastans)
最开始时lastans=0。
Input
输入第一行包括一个正整数n(1<=n<=30000)，代表树上的初始节点数。
接下来n-1行，每行2个整数u,v，为树上的一条无向边。
任何时刻，树上的任何权值大于等于0，且两两不同。
接下来1行，包括n个整数wi，表示初始时每个节点的权值。
接下来1行，包括1个整数m(1<=m<=30000)，表示操作总数。
接下来m行，每行包括三个整数 op,u,v：
op,u,v的含义见题目描述。
保证题目涉及的所有数在int内。
Output
对每个op=0，输出一行，包括一个整数，意义见题目描述。
Sample Input
1 2
10 20
1
0 1 5
Sample Output
HINT
Source
传说中的树分块。。。
将树分块，如果父亲节点所在的块已经满了，就新建一个块，否则加入父亲节点所在的块；插入节点类似(但这样分可以被卡)
同时在块中维护一个有序表，如果遇见整块就可以直接查询；
至于查询的话，直接dfs,如果碰到了与根节点同一个块的点就暴力统计(因为该块不一定全在根节点子树内)，否则就直接统计整个块(易知该块子树包含在询问子树里面)
细节有点多。。。
// MADE BY QT666
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<vector>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int N=100050;
int gi()
{
int x=0,flag=1;
char ch=getchar();
while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-') flag=-1;ch=getchar();}
while(ch>='0'&&ch<='9') x=x*10+ch-'0',ch=getchar();
return x*flag;
}
struct Block{
int a[210],size;
void insert(int x){
size++;int i;
for(i=size;i>1&&a[i-1]>x;i--) a[i]=a[i-1];
a[i]=x;
}
void update(int x,int y){
int pl=lower_bound(a+1,a+1+size,x)-a;
for(;pl<size&&a[pl+1]<y;pl++) a[pl]=a[pl+1];
for(;pl>1&&a[pl-1]>y;pl--) a[pl]=a[pl-1];
a[pl]=y;
}
int query(int x){
int pl=upper_bound(a+1,a+1+size,x)-a;
return size-pl+1;
}
}block[N];
int cnt,w[N],head[N],to[N],nxt[N],n,m,pos[N],tot,sz,ans,f[N];
vector<int>p[N];
void lnk(int x,int y){
to[++cnt]=y,nxt[cnt]=head[x],head[x]=cnt;
to[++cnt]=x,nxt[cnt]=head[y],head[y]=cnt;
}
void build(int x,int fa){
f[x]=fa;
if(block[pos[fa]].size==sz){
tot++;block[tot].insert(w[x]);
pos[x]=tot;p[pos[fa]].push_back(tot);
}
else block[pos[fa]].insert(w[x]),pos[x]=pos[fa];
for(int i=head[x];i;i=nxt[i]){
int y=to[i];
if(y!=fa) build(y,x);
}
}
void dfs_block(int x,int val){
ans+=block[x].query(val);
for(int i=0;i<p[x].size();i++) dfs_block(p[x][i],val);
}
void dfs(int x,int val){
if(w[x]>val) ans++;
for(int i=head[x];i;i=nxt[i]){
int y=to[i];
if(y!=f[x]){
if(pos[y]==pos[x]) dfs(y,val);
else dfs_block(pos[y],val);
}
}
}
int main(){
freopen("1.in","r",stdin);
freopen("1.out","w",stdout);
n=gi();
for(int i=1;i<n;i++){
int x=gi(),y=gi();lnk(x,y);
}
for(int i=1;i<=n;i++) w[i]=gi();
sz=sqrt(n)+1;build(1,0);
m=gi();ans=0;
for(int i=1;i<=m;i++){
int flag=gi(),u=gi(),v=gi();
u^=ans,v^=ans;
if(flag==0){
ans=0;dfs(u,v);
printf("%d\n",ans);
}
if(flag==1){
block[pos[u]].update(w[u],v);
w[u]=v;
}
if(flag==2){
n++;w[n]=v;f[n]=u;lnk(u,n);
if(block[pos[u]].size==sz){
tot++;block[tot].insert(w[n]);
pos[n]=tot;p[pos[u]].push_back(tot);
}
else block[pos[u]].insert(w[n]),pos[n]=pos[u];
}
}
return 0;
}
