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摘要： 原题链接 题解 建桥相当于把区间内的路合并起来，这引导我们用并查集维护 可是具体如何实现呢？ 我们令桥内的所有节点的统一指向最右端点作为首领，然后对于桥内的所有小桥，每次更新完了之后往右边走一格 code class Solution { public: int fa[2000005]; int f 阅读全文

摘要： 原题链接 题解 假如 \(b=2\)，则有 \(\sqrt[2]{n}\) 个这样的数 假如 \(b=3\)，则有 \(\sqrt[3]{n}\) 个这样的数 所以总共有 \(\sum_{k=2}^{log_2(n)}\sqrt{k}\) 个这样的数 考虑去重 由于 \(\sqrt[3]{n}\le 阅读全文

摘要： 该图中，最左端的点会重复更新其周围点 \(n\) 次，有 \(n\) 条边，所以最坏 \(n^2\) 阅读全文

摘要： 原题链接 题解 对于一段区间 \([l,r]\) 我们可以在 \(r\) 的位置查询一次，然后利用差分的思想跑到l-1再查一次 虽然这样不行，但是可以先在 \(l-1\) 的位置查询一次，然后再在 \(r\) 的位置查询一次，然后顺序遍历，每次遍历就把对应位置上的数激活，可以用树状数组 code # 阅读全文

摘要： 原题链接 获取题意 1.只能传送一次。 2.走树边没有限制。 3.只能传送至非相邻节点 4.路径一定是如下形式： \(S\to x \to T\) 其中要么 \(x\to T\) 传送要么 \(S\to x\) 传送 \(S\to x \to y \to T\) 其中 \(x\to y\) 传送 \ 阅读全文

摘要： 原题链接 题解 假如不是环，你会做吗？ 从左到右遍历 \(i\) 第 \(i\) 棵树的放置只与前面一棵树有关，线性dp 而图一定长这样： 当第 \(n\) 棵树为 \(3\) 的时候，无论第一棵树是 \(1\) 还是 \(2\)（不能为3，因为3不会往上），都符合环的要求 \(1\) 同理 因此我 阅读全文

摘要： 原题链接 题解 多想几个暴力 暴力1：每次询问，便对p跟随模拟 暴力2：预处理 \(dp[i][j]\) 代表 \(k=j,p=i\) 时的答案 暴力1的最坏时间复杂度： \(q\cdot n\) 其中当k，a很小的时候取到 暴力2的时间复杂度：$k\cdot n $ 发现当 \(k\geq \sq 阅读全文

摘要： 原题链接 暴力做法 每次询问，遍历点 \(u\) 的相邻节点，打上标记，然后遍历 \(v\) 的相邻节点，查询被标记的点的数量为 \(k\)，答案为 \(deg[u]+deg[v]-k\)，其中 \(deg[u]\) 表示节点 \(u\) 的度数 最坏时间复杂度为 \(O(q\cdot n)\) 优 阅读全文

摘要： 原题链接 题解 修改玫瑰 \(i\) ，对答案的影响是： 减去只有玫瑰 \(i\) 的区间，加上只有玫瑰 \(i\) 和另一个玫瑰的区间，加上 m 因此我们对每个玫瑰 \(i\) ，维护上述两个区间长度 由于每个玫瑰开花时间一样，所以我们可以用扫描线的思想，对所有区间的端点离散化排序，然后升序遍历， 阅读全文

摘要： 原题链接 题解 很有意思的思想，一遇到括号就倒过来 code #include<bits/stdc++.h> #define ll long long #define lb long double #define lowbit(x) ((x)&(-x)) using namespace std; c 阅读全文