Solution -「LOCAL 28731」「重庆市 2021 中学友谊赛」Rainyrabbit 爱求和
Description
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\(\operatorname{Rainyrabbit}\) 是一个数学极好的萌妹子，近期他发现了一个可爱的函数：
其中 \(\operatorname{lcm}(d,m)\) 表示 \(d\) 和 \(m\) 的最小公倍数。
她觉得只算这一个函数太单调了于是想要对这个函数求和，给出 \(a,b,c\)，求：
同时 \(\operatorname{I.w.rabbit}\) 固定 \(c\) 的值不变，给出 \(T\) 组 \(a,b\)，请回答此时式子对 \(998244353\) 取模后的值。
算是概括过了额。
Solution
先看 \(f\) 怎么把那个烦死的整除去掉。
来看 \(\lfloor\frac{\frac{n}{d}}{\frac{m}{\gcd(d,m)}}\rfloor\)，因为 \(\lfloor\frac{a}{b}\rfloor=\sum_{i=1}^{a}[b|i]\)，所以 \(\lfloor\frac{\frac{n}{d}}{\frac{m}{\gcd(d,m)}}\rfloor=\sum_{i=1}^{\lfloor\frac{n}{d}\rfloor}[\frac{m}{\gcd(d,m)}|i]=\sum_{i=1}^{\lfloor\frac{n}{d}\rfloor}[m|id]\)。所以
然后代回原式。
考虑如何计算 \(\sum_{k=0}^{c}\sigma_{k}(d)\)。把函数又拆回去：
最后一步是等比数列求和，然后你就可以调和级数预处理了。具体来说就是线筛的时候筛一下 \(w^{c+1}\)，这东西是个完全积性函数，你乱筛就行了。
设这玩意儿为 \(s(d)=\sum_{w|d}\frac{w^{c+1}-1}{w-1}\)，原式改写为：
然后后面那个 sigma 你也可以反过来直接调和级数。还有就是 \(b>a\) 的时候没有贡献，所以可以取个 \(\min\)，这样能多几分。
来看看怎么屮多测。
和 数表 那道题一样，我们把询问离线下来，以 \(b\) 为关键字排序后树状数组。
把中间那个系数拆出来，变成：
前面那个好说，直接来；后面就在树状数组修改时乘上系数即可。
综上，维护两个树状数组即可。
#include<cstdio>
#include<algorithm>
using namespace std;
void read(long long &x)
{
x=0;
char c=getchar();
while(c<'0'||c>'9') c=getchar();
while(c>='0'&&c<='9')
{
x=(x<<3)+(x<<1)+(c^'0');
c=getchar();
}
}
void write(long long x)
{
if(x>9) write(x/10);
putchar((x%10)^'0');
}
const long long mod=998244353;
struct node
{
long long a,b,ID;
}nodes[200010];
struct fenwick
{
#define lowbit(x) ((x)&-(x))
long long fen[1000010],mx;
void ins(long long x,long long y)
{
while(x<=mx)
{
fen[x]=(fen[x]+y)%mod;
x+=lowbit(x);
}
}
long long find(long long x)
{
long long res=0;
while(x)
{
res=(res+fen[x])%mod;
x^=lowbit(x);
}
return res;
}
}onefe,anofe;
long long t,a,b,c,tag[1000010],prime[1000010],cnt,fu[1000010],exfu[1000010],power[1000010],cur=1,mx,ans[200010];
bool cmp(node one,node ano)
{
return one.b<ano.b;
}
long long cqpow(long long bas,long long fur)
{
long long res=1;
while(fur)
{
if(fur&1) res=res*bas%mod;
bas=bas*bas%mod;
fur>>=1;
}
return res;
}
void search(long long x)
{
tag[1]=power[1]=1;
for(long long i=2;i<=x;++i)
{
if(!tag[i])
{
prime[++cnt]=i;
power[i]=cqpow(i,c+1);
}
for(long long j=1;j<=cnt&&prime[j]*i<=x;++j)
{
tag[prime[j]*i]=1;
power[prime[j]*i]=power[prime[j]]*power[i]%mod;
if(i%prime[j]==0) break;
}
}
fu[1]=(c%mod+1)%mod;
for(long long i=2;i<=x;++i) fu[i]=((power[i]-1+mod)%mod)*cqpow(i-1,mod-2)%mod;
for(long long i=1;i<=x;++i)
{
for(long long j=i;j<=x;j+=i) exfu[j]=(exfu[j]+fu[i])%mod;
}
}
int main()
{
read(t);
read(c);
search(1000000);
for(long long i=1;i<=t;++i)
{
read(nodes[i].a);
read(nodes[i].b);
nodes[i].ID=i;
nodes[i].b=min(nodes[i].a,nodes[i].b);
mx=max(mx,nodes[i].a);
}
sort(nodes+1,nodes+t+1,cmp);
onefe.mx=anofe.mx=mx;
for(long long i=1;i<=mx&&cur<=t;++i)
{
for(long long j=i;j<=mx;j+=i)
{
onefe.ins(j,exfu[j]);
anofe.ins(j,exfu[j]*j%mod);
}
while(i==nodes[cur].b)
{
ans[nodes[cur].ID]=((onefe.find(nodes[cur].a)*(nodes[cur].a+1))%mod-anofe.find(nodes[cur].a)+mod)%mod;
cur++;
}
}
for(long long i=1;i<=t;++i)
{
write(ans[i]);
putchar('\n');
}
return 0;
}
