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摘要： 1 /*题意：有n个矩形，用长和宽表示，如果一个的长和宽都比另一个小，那么这个嵌放在另一个中 2 所以先对w从大到小排序，w一样的按h从小到大排序，那么就从后面的箱子往前找，只要前面找到一个人h比自己大的就放入c[j]=p[i].h; 3 否则如果自己的h比前面的都大，那么必定询问到c所存的递增序列的长度+1处，那么个数加1，长度加1，把此事的h放在在c的末端 4 这个过程和最大递增子序列的找值过程类似，但是并不是求最长递增，只是利用这个过程，所以二分查找稍微有些改变，如果还是按照 5 最长公共子序列的二分查找，那么h相同的会被覆盖掉比如数据1 1 1 1 2 2 2 2,其中一个2 2会被. 阅读全文

摘要： 1 /*CF335B 2 这个题目的n达到50000，但是串只是有小写字母组成,所以如果字符串的长度大于2600，那么 3 肯定存在，所开始输入就判断如果长度大于2600，那么直接找当个字母输出100个 4 否则执行LCS模块，然后判断所得最长公共是否大于100，如果小于100，那么直接输出最长公共 5 否则从两头分别取50个输出*/ 6 #include 7 #include 8 int dp[2600][2600],dir[2600][2600]; 9 char a[50005],b[2605],c[2605];10 void LCS(int n,int m)11 {12 in... 阅读全文

摘要： 1 /*既然前一天的可以省下来给过后一天卖，那么就倒着卖，那么最后一天的只能在最后一天卖，如果可以卖完，还有可卖的名额，那么就从 2 倒数第二天取，如果卖不完只能丢掉，而且必定是尽量留到价格最高的那一天卖*/ 3 /*HDU2385*/ 4 #include 5 #include 6 #include 7 #include 8 using namespace std; 9 const int maxn=100000+10;10 struct N11 {12 int x,p,m;13 bool operator q;24 N a;25 while(t--)26 ... 阅读全文

摘要： 1 #include 2 #include 3 char a[5010],b[5010]; 4 short int dp[2][5010]; 5 int LCS(int n,int m) 6 { 7 memset(dp, 0, sizeof(dp)); 8 int i,j; 9 for(i=1;i=dp[i%2][j-1])18 {19 dp[i%2][j]=dp[(i-1)%2][j];20 //printf("%d %d %d\n",i%2,j,dp[i%2][j]);21 ... 阅读全文

摘要： /*最终添加完边的图，肯定可以分成两个部X和Y，其中只有X到Y的边没有Y到X的边，那么要使得边数尽可能的多，则X部肯定是一个完全图，Y部也是，同时X部中每个点到Y部的每个点都有一条边，假设X部有x个点，Y部有y个点，有x+y=n，同时边数F=x*y+x*(x-1)+y*(y-1)，整理得：F=N*N-N-x*y，当x+y为定值时，二者越接近，x*y越大，所以要使得边数最多，那么X部和Y部的点数的个数差距就要越大，所以首先对于给定的有向图缩点，对于缩点后的每个点，如果100它的出度或者入度为0，那么它才有可能成为X部或者Y部，所以只要求缩点之后的出度或者入度为0的点中，包含节点数最少的那个点，令 阅读全文

摘要： 1 /*树状数组求和，一边询问一边维护，离线处理*/ 2 #include 3 #include 4 #include 5 using namespace std; 6 const int maxn=100000+10; 7 struct point 8 { 9 int l,r,index; 10 }node[maxn]; 11 int a[maxn]; 12 int num[maxn]; 13 int index[maxn]; 14 int result[maxn]; 15 int n,m; 16 bool cmp(const point a,const poin... 阅读全文

摘要： 1 #include 2 #include 3 int main() 4 { 5 int i,j,n,m; 6 int t; 7 scanf("%d",&t); 8 while(t--) 9 {10 scanf("%d%d",&n,&m);11 n=n*m;12 j=0;13 for(i=1;i<=n;i++)14 {15 scanf("%d",&m);16 if(m && i==n) j=1;17 ... 阅读全文

摘要： 1 /* 2 区间dp 3 dp[i][j]表示这个区间组成的子串是回文串的个数*/ 4 #include 5 #include 6 const int maxn=1010; 7 int mod=10007; 8 int dp[maxn][maxn]; 9 void init(int len)10 {11 memset(dp, 0, sizeof(dp));12 for(int i = 0; i < len; ++i)13 {14 dp[i][i] = 1;//处理一个字符的情况15 }16 }17 int main()18 {19 i... 阅读全文

摘要： 1 /*计算里面有多少个相邻的he，1个he就是1种意思，两个就是，两种，所以这是 2 一个斐波拉期数列，间隔的hehe互不影响所以是互斥事件，直接相乘就可以*/ 3 #include 4 #include 5 const int maxn=10086+10; 6 const int mod=10007; 7 int fb[maxn]; 8 void init() 9 {10 int i;11 fb[0]=fb[1]=1;12 for(i=2;i<maxn;i++)13 {14 fb[i]=(fb[i-1]+fb[i-2])%mod;15 ... 阅读全文

摘要： 1 /* 2 首先，dp的最开始是定义状态 dp[i][j] 表示A串的前i个，与B串的前j个，并以B[j]为结尾的LCIS 的长度. 3 状态转移方程： 4 if(A[i]==B[j]) dp[i][j]=max(dp[i-1][k])+1; ( 1 11 #include 12 #include 13 using namespace std;14 #define N 55015 struct node16 {17 int x,y;18 }path[N][N];19 int dp[N][N];20 int s[N],t[N];21 22 int main()23 {24 ... 阅读全文