洛谷2685 [TJOI2012]桥
[TJOI2012]桥
题目大意：给定一无向图，求删除一条边后1到n最短路的最大值，以及方案数。
做法：我们先从1为起点、从n为起点跑两边dij，获得每一个点到起点1、终点n的最短距离，其实距离和边权之间的关系相当于构建了由1为根的和由n为根的最短路树---所有最短路组成的树。
不难发现，要删除一条边，并使得最短路增大，一定要删除最短路上的边。所以我们找到从1到n的一条最短路链。找的方法就是在由n为根的最短路树上从1开始向N走。
接下来我们从这个最短路链上每一个点，在以1为根和以n为根的最短路树上进行bfs(仅向儿子bfs)。目的是找到对于每一个不在最短路链上的点x，找到1到x最短路与1到n最短路最后一个重合的点l[x]，你也可以理解为在以1为根的最短路树上x与n的lca。同理还有以n为根的最短路上x和1的lca。
接下来我们枚举每一条不在最短路链上的边u->v，不难想到，从1到N经过边u->v的最短路一定是1->l[u]->u->v->r[v]->n的这种形式。那么在1->n的最短路上，l[u]->r[v]这一段区间内任意一条边的删除，从1到n的最短路有可能变为1->l[u]->u->v->r[v]->n。由于是最短路，所以就要更新所有这种形式的最小值。并且所有不在1->N最短路链上的边都能影响一个区间，所以这就变成了一个区间最小值问题，可以用线段树维护。用线段树维护1->N最短路上的边，线段树每一个元素代表删除这条边后最短路的长度。
最后我们扫一遍整个线段树，找最大值即可。注意如果所有的值相等(且等于最短路径)，说明无论删除哪一条边都不会使得最短路径长度增加，所以删除图里任意一条边均可，tot=m。
代码如下(没有坑，可以直接复制提交)
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#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int n, m, tot, res[100010];
struct SegmentTree
{
int tree[400010];
void init(int x, int l, int r)
{
tree[x] = 0x3f3f3f3f;
if (l == r)
return;
int mid = (l + r) >> 1;
init((x << 1), l, mid);
init((x << 1) | 1, mid + 1, r);
}
void update(int x, int L, int R, int cl, int cr, int key)
{
if (cr < L || cl > R)
return;
if (cl >= L && cr <= R)
{
tree[x] = min(tree[x], key);
return;
}
int mid = (cl + cr) >> 1;
update(x << 1, L, R, cl , mid, key);
update((x << 1) | 1, L, R, mid + 1, cr, key);
}
void pushdown(int x, int l, int r)
{
if (l == r)
{
res[l] = tree[x];
return;
}
tree[x << 1] = min(tree[x << 1], tree[x]);
tree[(x << 1) | 1] = min(tree[(x << 1) | 1], tree[x]);
int mid = (l + r) >> 1;
pushdown(x << 1, l, mid);
pushdown((x << 1) | 1, mid + 1, r);
}
}segtree;
struct edge
{
int v, w, ne;
}a[400010];
bool in[400010];
int h[100010], dis1[100010], dis2[100010], link[100010], id[100010], l[100010], r[100010];
bool v[100010];
void add(int x, int y, int z)
{
static int tmp = 0;
a[++tmp] = (edge){y, z, h[x]};
h[x] = tmp;
}
void dij(int *dis, int src)
{
for (int i = 1; i <= n; i++)
{
dis[i] = 0x3f3f3f3f;
v[i] = false;
}
dis[src] = 0;
priority_queue<pair<int, int>, vector<pair<int, int> >, greater<pair<int, int> > >q;
q.push(make_pair(0, src));
while (!q.empty())
{
int x = q.top().second;
q.pop();
if (v[x])
continue;
v[x] = true;
for (int i = h[x]; i != 0; i = a[i].ne)
{
if (v[a[i].v] == false && dis[x] + a[i].w < dis[a[i].v])
{
dis[a[i].v] = dis[x] + a[i].w;
q.push(make_pair(dis[a[i].v], a[i].v));
}
}
}
}
void getLink()
{
int x = 1;
while (x != n)
{
link[++tot] = x;
id[x] = tot;
for (int i = h[x]; i != 0; i = a[i].ne)
{
if (dis2[x] == dis2[a[i].v] + a[i].w)
{
in[i] = true;
x = a[i].v;
break;
}
}
}
link[++tot] = n;
id[n] = tot;
}
void bfs(int src, int *dis, int *arr)
{
queue<int> q;
q.push(link[src]);
arr[link[src]] = src;
while (!q.empty())
{
int x = q.front();
q.pop();
for (int i = h[x]; i != 0; i = a[i].ne)
if (id[a[i].v] == 0 && arr[a[i].v] == 0 && dis[x] + a[i].w == dis[a[i].v])
{
arr[a[i].v] = src;
q.push(a[i].v);
}
}
}
int main()
{
scanf("%d%d", &n, &m);
for (int x, y, z, i = 1; i <= m; i++)
{
scanf("%d%d%d", &x, &y, &z);
add(x, y, z);
add(y, x, z);
}
dij(dis1, 1);
dij(dis2, n);
getLink();
for (int i = 1; i <= tot; i++)
bfs(i, dis1, l);
for (int i = tot; i >= 1; i--)
bfs(i, dis2, r);
segtree.init(1, 1, tot);
for (int x = 1; x <= n; x++)
for (int i = h[x]; i != 0; i = a[i].ne)
if (in[i] == false && l[x] > 0 && r[a[i].v] > 0 && l[x] < r[a[i].v])
segtree.update(1, l[x], r[a[i].v] - 1, 1, tot, dis1[x] + a[i].w + dis2[a[i].v]);
segtree.pushdown(1, 1, tot);
int cnt = 0, ans = 0;
for (int i = 1; i < tot; i++)
{
if (res[i] > ans)
{
ans = res[i];
cnt = 1;
}
else if (res[i] == ans)
cnt++;
}
if (ans == dis1[n])
cnt = m;
printf("%d %d\n", ans, cnt);
return 0;
}
